用 2 x 1 多米诺骨牌填充 3xN 瓷砖的方法数（SPOJ：M3TILE）

Question

我一直在尝试解决this programming problem，但是由于我想不通，所以我在网上找到了解决方案。但我也无法真正理解为什么该解决方案也有效..

任务是计算一个 3*n（n >= 0，n 是唯一的输入）矩形有多少种方式可以完全用 2*1 多米诺骨牌填充。

例如（红线代表多米诺骨牌）：

这是我在阅读课文时第一次在纸上画的，我看到 3*2 矩形可以有三种可能的组合，如果 n 是奇数，则解为 0，因为那么是没有办法填满整个矩形的（一块永远不会被多米诺骨牌覆盖）。

所以我认为解决方案只是3^n，如果 n 是偶数，0，如果 n 是奇数。原来，我错了。

我在这里找到了一个比较简单的解决方案：

#include <iostream>

using namespace std;

int main()
{
    int arr[31];

    arr[0]=1;
    arr[1]=0;
    arr[2]=3;
    arr[3]=0;

    for(int i = 4; i < 31; i++) {
        arr[i] = arr[i-2] * 4 - arr[i-4]; //this is the only line i don't get
    }

    int n;

    while(1) {
        cin >> n;

        if(n == -1) {
            break;
        }

        cout << arr[n] << endl;
    }

    return 0;
}

为什么会这样？！

Answer 1

设T(n) 是可以用2×1 拼贴3×n 板的方式数。此外，设P(n) 是用2×1 瓷砖移除一个角的3×n 板的平铺方式数。假设 n 足够大 (>= 4)。

然后考虑如何从左侧（或右侧，没关系）开始平铺。

您可以通过垂直或水平两种方式放置覆盖左上角的图块。如果垂直放置，覆盖左下角的瓷砖必须水平放置，给出配置

|
==

剩下P(n-1) 方法来平铺剩余部分。如果您水平放置它，您可以水平或垂直放置覆盖左下角的瓷砖。如果竖着放，和之前的情况一样，只是反射，如果横放，就必须在它们之间横放一个瓦片，

==
==
==

给你留下一个3×(n-2) 板来平铺。因此

T(n) = T(n-2) + 2*P(n-1)              (1)

现在，考虑到3×(n-1) 板的一个角被移除（已经覆盖）（假设左上角），您可以在其下方垂直放置一块瓷砖，从而得到

=
|

给你留下一个 3×(n-2) 板来平铺，或者你可以在它下面水平放置两个瓷砖，给

=
==
==

然后你别无选择，只能在顶部水平放置另一个瓷砖，留下你

===
==
==

用3×(n-3) 板减去一个角，

P(n-1) = T(n-2) + P(n-3)

加起来，

T(n) = T(n-2) + 2*(T(n-2) + P(n-3))
     = 3*T(n-2) + 2*P(n-3)                            (2)

但是，使用(1) 和n-2 代替n，我们看到了

T(n-2) = T(n-4) + 2*P(n-3)

或

2*P(n-3) = T(n-2) - T(n-4)

将其插入(2) 会产生重复

T(n) = 4*T(n-2) - T(n-4)

q.e.d.

Answer 2

Sharing my image tut.Hope it helps .