不能将 $@ 的所有参数与 sh -c 一起使用答案

【问题标题】：Cannot use all arguments of $@ with sh -c不能将 $@ 的所有参数与 sh -c 一起使用
【发布时间】：2019-04-09 03:25:59
【问题描述】：

在脚本中，我有一个涉及$@ 的sh -c 命令，但似乎只考虑了$@ 的第一项：

$ set -- --no-resume-playback https://www.facebook.com/TBN/videos/1580372468665943/
$ echo "$@"
--no-resume-playback https://www.facebook.com/TBN/videos/1580372468665943/
$ sh -c "echo $@"
--no-resume-playback
$ sh -c "echo ${@[*]}"
bash: echo ${@[*]}: bad substitution

编辑 1：如果我将 $@ 数组复制到一个变量中，它可以工作：

$ args=("$@")
$ sh -c "echo ${args[*]}"
--no-resume-playback https://www.facebook.com/TBN/videos/1580372468665943/

如何在sh -c 调用中使用$@ 的所有参数？

【问题讨论】：

标签： bash command-line-arguments

【解决方案1】：

$@ 扩展为单独的单词，即使它在双引号中并且看起来像一个单词。您编写的命令扩展为：

sh -c "echo --no-resume-playback" https://www.facebook.com/TBN/videos/1580372468665943/

命令运行是echo --no-resume-playback，$0 设置为 Facebook URL。 echo --no-resume-playback 没有使用 $0，所以它被有效地丢弃了。

${@[*]} 的想法是正确的。碰巧的是，$@ 是一个具有独特语法的特殊情况：你想要 $*，它会扩展为一个单词。

sh -c "echo $*"

这有点危险，因为任何带有诸如* 之类的通配符的参数都可能被扩展。如果你想安全，你需要这个更复杂的版本：

sh -c 'echo "$@"' sh "$@"

这会将"$@" 作为参数转发给-c 命令，以便我们可以在内部使用"$@"。请注意，我现在已切换到单引号：我们希望子外壳扩展 "$@"，而不是外壳。

实际上，为了最大限度地迂腐，echo 也不是完全安全的。如果您尝试打印像-n 这样的字符串，它可能不会按字面意思打印，而是解释为一个选项。最安全的选择是使用printf：

sh -c 'printf "%s\n" "$*"' sh "$@"

【讨论】：

@JohnKugelman 为什么${@[*]} 不能与@ 变量一起使用？
您可以将$* 和$@ 视为访问unnamed 命令行参数数组的方法。 ${@[*]} 不起作用，因为数组的名称不是 @。我可能会看到${[@]} 和${[*]} 的参数，其中省略了名称。
sh -c 'echo "$@"' sh "$@" 可以写成sh -c 'echo "$@"' $0 "$@"，对吧？
它可以，是的。你可以在那里传递任何东西。有些人通过--。由于您明确调用sh -c，因此传递sh 对我来说是有意义的。

【解决方案2】：

您是否尝试过使用$* 扩展？我得到以下信息：

$ sh -c "echo $*"
--no-resume-playback https://www.facebook.com/TBN/videos/1580372468665943/

这符合您的需要吗？

【讨论】：