在 isset() 和 empty() 函数中通过引用传递

Question

基本上我想避免做这样的事情：

if((isset($var_1) && !empty($var_1)) || (isset($var_2) && !empty($var_2)) ...) { ....

所以我创建了一个函数来尝试解决它：

function set($item) {
    return (isset($item) && !empty($item));
}

传入未设置的变量时，例如：

$args = ['derp'];
if(set($args[0]) || $args[1]) {....

我收到一条抛出的通知，指出未设置 "Offset 1，但是当我将函数更改为通过引用记下 $item 时，它会删除 PHP 通知：

function set(&$item) {
    return (isset($item) && !empty($item));
}

Here is a demo

我的问题是 - 这是如何工作的？是因为它引用了原始的$args 数组吗？我要疯了吗？

Answer 1

当函数采用引用参数时，在调用时会禁用有关它未定义的警告。这是因为该函数可能用于分配变量，因此传递未定义的变量或不存在的索引不是错误。例如，假设你有一个类似的函数：

function setTo3 (&$arg) {
    $arg = 3;
}

setTo3($array[1]);

没有理由警告$array[1] 未定义，因为setTo3() 从不使用参数的值。