我认为在 C++ 中传递对引用的引用是非法的。但是，当我运行此代码时，它没有给我任何错误。
void g(int& y)
{
std::cout << y;
y++;
}
void f(int& x)
{
g(x);
}
int main()
{
int a = 34;
f(a);
return 0;
}
形参不是 G（） 有资格作为对参考的参考？？
【问题讨论】：
g 被声明为void g(int& y)。您在其形式参数列表中的何处看到“对引用的引用”？
标签： c++ pass-by-reference
1) 将引用传递给引用并没有错（这是移动构造函数和移动赋值运算符使用的 - 尽管它实际上称为右值引用）。
2）您所做的不是将引用传递给引用，而是将相同的引用通过f 传递给g：
void g(int& x)
{
x = 5;
}
void f(int& x)
{
std::cout << "f-in " << x << std::endl;
g(x);
std::cout << "f-out " << x << std::endl;
}
int main()
{
int x = 42;
f(x);
std::cout << "New x = " << x << std::endl;
}
【讨论】：
T&&，但这是定义作为右值引用。对引用的引用一直是并且将继续是非法的。
int&& 是对引用的引用（并且还假设链接两个都以 int& 作为参数的函数是这样的）。因此，我对#1 进行了澄清，然后对#2 进行了进一步解释。
不，g() 没有引用引用。它引用了int。 f() 将收到的对int 的引用转发到g()。
“对引用的引用”实际上并不存在，但有rvalue references，类似于引用，但允许绑定到临时对象。
【讨论】：
在f 的主体中，表达式 x 的值是int。 变量 x 具有int & 类型这一事实意味着表达式的值是一个左值，因此它可以绑定到函数g 的参数。
【讨论】：
引用是对不同对象的别名。初始化引用后，它的行为就像您直接访问对象一样，因此您传递的不是对引用的引用，而是对真实对象的引用（您通过另一个引用引用该对象）。
创建对引用的引用类似于：
typedef int& intr;
void f(intr& x); // reference to a reference type
【讨论】：
在您的代码中，您没有尝试将引用传递给引用。在f 内部，表达式x 产生一个int 类型的左值。它不是参考。 C++ 中的表达式永远不会产生引用类型的可访问结果，因为引用类型的任何结果都会立即被语言解释为非引用类型的左值。
见 5/5
如果一个表达式最初的类型是“对 T 的引用”（8.3.2， 8.5.3)，在任何进一步分析之前将类型调整为 T。表达式指定引用表示的对象或函数， 并且表达式是左值或 xvalue，具体取决于 表达。
附：我不确定您所说的“g() 的形式参数是否符合对引用的引用”是什么意思。 g 的形参声明为int &。您在哪里看到“对引用的引用”？
【讨论】：