在 bash 脚本中传递 php 变量

Question

我想运行这个脚本 bash

#!/bin/bash
# file name: myscript.sh
PROJECT_DIR=$1
mkdir $PROJECT_DIR
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr/corrections
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr/corrections/jpg
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr/corrections/pdf
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr/diagnostic
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/cr/zooms
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/data
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/exports
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/scans
mkdir $PROJECT_DIR/PolySkills/copies
cd $PROJECT_DIR/PolySkills
cp ~/file.tex $PROJECT_DIR/PolySkills

对于代表我将在其中创建文件夹的路径的变量“PROJECT_DIR”，我想从 php 变量中检索其值。 我在互联网上查看了一些示例，并尝试了一个，但它不起作用。这是我用的：

   chdir('~/');
   $pathtofile = "~/ExportEval/".$NomUE."/".$NomOcc."/".$Numtudiant;
   $directory=$pathtofile."/AMC_Project";
   $output = exec("./myscript $directory");

知道脚本文件“myscript”存在于home“~/”中

谢谢你的帮助:)

我更新了我的问题： 我发现了问题所在，但我看不到解决方案是什么，因为变量 $NomUE 由一个用空格分隔的句子组成同一句话的第二个字！我不明白为什么它不以 $pathtofile 作为路径！

Answer 1

在将它们发送到命令行之前，您需要始终escape variables。此外，~ 在这里没有任何意义，也没有理由使用chdir()。只需使用完全限定的路径名​​：

<?php
$pathtofile = "/home/someuser/ExportEval/$NomUE/$NomOcc/$Numtudiant";
$directory = escapeshellarg("$pathtofile/AMC_Project");
$output = exec("/home/someuser/myscript $directory");

您可能在主目录中运行脚本并从该目录读取时遇到问题。最好将脚本放在合适的位置，例如/usr/local/bin/。