在 Kotlin 中获取参数化类型的参数答案

【问题标题】：Get a parameter of a parametrized type in Kotlin在 Kotlin 中获取参数化类型的参数
【发布时间】：2021-03-30 06:53:40
【问题描述】：

所以我有一个泛型类型的类

class GenericClass<T> {
// At some point in the class I have variable item of type T
val name: String = item.name
}

我确信 GenericClass 的类型 T 将与具有“名称”属性的类一起使用。但当然，我得到了一个“未解决的参考名称”。 Android Studio 通过“创建扩展属性 T.name”为我生成了这段代码

private val <T> T.name: String
    get() {}

我真的不知道在 get 之后在括号 {} 中放什么。我尝试了return name，但出现递归属性错误。

有什么想法吗？

谢谢

【问题讨论】：

标签： kotlin generics member

【解决方案1】：

如果你知道每个类型 T 都有属性 name 你可以隐式声明它：

// GenericClass.kt
class GenericClass<T : HasName> {
    // At some point in the class I have variable item of type T
    val name: String = item.name
}

// HasName.kt
// Create new interface with "name" property
interface HasName {
    val name: String
}

但您还必须为所有可以用作 T 的类实现这个新接口。

【讨论】：

嗯。这里的重点是方法/属性的名称是无关紧要的；只有存在继承关系时，Kotlin 才会将它们视为相同。（从技术角度来说，Kotlin 没有 structural typing。）所以如果两个 Ts 都恰好有一个名为 name 的属性并不重要——除非它们实现了相同的接口（或扩展了相同的类），那么它们是不相关的方法，只是碰巧拼写相同，您不能以相同的方式称呼它们。另请参阅this question。
这里的 HasName 接口不就是 @gidds 实现的吗？
@mattfreake 没错！这就是问题中的代码不起作用的原因——也是这个答案起作用的原因。
啊抱歉我误会了你 :-) 我以为你在批评这个答案。

【解决方案2】：

我确信 GenericClass 的类型 T 将与具有“名称”属性的类一起使用。

然后你需要明确声明。默认情况下，T 扩展 Any?。您需要通过声明一些接口来缩小T 的可能类型，例如

interface Named {
    val name : String
}

并将T : Named 作为通用参数传递。此外，您需要创建所有类，您将作为通用参数传递，以实现该接口。顺便说一句，GenericClass<T : Named> 类本身可以声明为实现该接口：

class GenericClass<T : Named> : Named {
    override val name: String = item.name
}

【讨论】：