我只是想知道为什么当我尝试打印 char 和整数值的加法时会得到 0 值。我的代码如下：
int y;
y = 10;
char z;
z = '9';
printf("%f", z + y);
【问题讨论】：
z + y 产生int，而不是float？因此，您的 printf 调用会调用 undefined behavior
double，但参数是int。因此，您要么需要更改格式字符串，要么向参数添加强制转换。
这个 printf 调用
printf("%f", z + y);
调用未定义的行为，因为您将错误的转换说明符 %f 与 int 类型的对象一起使用。
你需要像例子一样转换参数
printf( "%f", ( double )( z + y ) );
或
printf( "%f", ( float )( z + y ) );
尽管在最后一种情况下，由于默认参数提升，参数将被提升为 double 类型。
【讨论】：
大多数时候，当你调用一个函数并且你传递了错误类型的参数时，C 会自动为你转换它。例如，如果我写
#include <math.h>
int i = sqrt(144);
printf("%d\n", i);
这有效，并打印12。即使sqrt 函数实际上需要double 类型的参数，它仍然有效——因为编译器知道这一点，并在将其传递给sqrt 之前自动将我的int 参数144 转换为double。 （回来的路上还有一个转换，因为sqrt返回一个double，必须先转换回int再赋值给i。）
但是printf 函数本身是这条规则的一个巨大的例外。在您的代码中，您有
printf("%f", z + y);
现在，你和我都知道%f 想要double，但这不是传统上C 语言可以知道的东西。就 C 语言而言，printf 函数采用一个 const char * 类型的参数（即一个字符串），然后可能还有一些其他参数，具体取决于特定的 % 序列在运行时在格式字符串中找到。所以编译器只是半心半意地尝试，将它们转换为一些常见的类型，然后将它们传递给printf 以完成其余的工作。在您的示例中，由于z 是char 而y 是int，z + y 将是int，这就是传递给printf 的内容。当printf 咀嚼格式字符串并找到格式说明符%f 时，它无法知道实际传递的参数类型，因此它甚至无法尝试自己进行任何转换。它所能做的就是假设你实际上传递了一个double——而且，因为你没有传递，所以你得到了一个无意义的值。
现在，尽管正如我刚刚解释的那样，编译器传统上没有任何许可来尝试将 printf 参数转换为正确的类型，但现代编译器通常会查看一下格式字符串，如果可以的话，并检查事情在运行时是否能正常工作。例如，当我通过我的一个编译器运行您的代码时，我得到warning: format specifies type 'double' but the argument has type 'int'。如果你的编译器没有给你这样的警告，你可能想知道是否有办法启用它们，因为它们显然非常方便。
【讨论】：
正如 cmets 部分已经指出的，您有责任确保格式字符串和函数参数匹配。在您的情况下，它们不匹配。表达式z + y 的结果是int 类型，但您在格式字符串中使用了%f 转换说明符，它仅对数据类型float 和double 有效（float@ 987654321@ 到 double)。
正如 cmets 部分所指出的，您有两个选项可以解决此问题：
int 类型的参数，或者double 或float
使用选项 #1 的解决方案如下所示：
换行
printf("%f", z + y);
到
printf("%d", z + y);
使用选项 #2 的解决方案如下所示：
换行
printf("%f", z + y);
到
printf("%f", (double) (z + y) );
【讨论】：