如何在 bash 中正确“转发”函数参数？

Question

我想知道如何将bash 中的函数参数正确“转发”到另一个函数或程序。

例如，在 Mac OS X 中，有一个命令行程序 open (man page) 将使用其默认应用程序打开指定文件（即，它将在 Xcode 中打开 *.h 文件或文件夹在 Finder 等中）。我想简单地调用 open 不带参数来打开 Finder 中的当前工作目录，或者为其提供典型参数以正常使用它。

我想，“我将只使用一个函数！”哈，我想那里没那么快。这是我所拥有的：

function open
{
    if [ $# -eq 0 ]; then
        /usr/bin/open .
    else
        /usr/bin/open "$*"
    fi
}

只需调用open 即可，它会在 Finder 中打开工作目录。调用 open myheader.h 效果很好，它会在 Xcode 中打开“myheader.h”。

但是，调用 open -a /Applications/TextMate.app myheader.h 尝试在 TextMate 中打开文件而不是在 Xcode 中会导致错误“找不到名为 '/Applications/TextMate.app myheader.h' 的应用程序”。似乎将"$*" 传递给/usr/bin/open 导致我的整个参数列表仅作为一个参数转发。

将函数更改为仅使用 usr/bin/open $*（无引号）会导致路径中出现空格问题。调用 open other\ header.h 会导致错误“文件 /Users/inspector-g/other 和 /Users/inspector-g/header.h 不存在”，但可以解决其他问题。

必须有一些约定来转发我刚刚错过的参数。

Answer 1

您确实错过了专为此案设计的"$@"。