删除最终的 bash 脚本参数

Question

我正在尝试编写一个脚本来搜索目录中的文件和 greps 模式。类似于下面的除了，查找表达式要复杂得多（不包括特定的目录和文件）。

#!/bin/bash
if [ -d "${!#}" ]
then
    path=${!#}
else
    path="."
fi

find $path -print0 | xargs -0 grep "$@"

显然，上述方法不起作用，因为"$@" 仍然包含路径。我尝试了通过迭代所有参数以排除路径来构建参数列表的变体，例如

args=${@%$path}
find $path -print0 | xargs -0 grep "$path"

或

whitespace="[[:space:]]"
args=""
for i in "${@%$path}"
do
    # handle the NULL case
    if [ ! "$i" ]
    then
        continue
    # quote any arguments containing white-space
    elif [[ $i =~ $whitespace ]]
    then
        args="$args \"$i\""
    else
        args="$args $i"
    fi
done

find $path -print0 | xargs -0 grep --color "$args"

但这些因引用输入而失败。例如，

# ./find.sh -i "some quoted string"
grep: quoted: No such file or directory
grep: string: No such file or directory

请注意，如果$@ 不包含路径，则第一个脚本会执行我想要的操作。

---

编辑：感谢您提供出色的解决方案！我结合了答案：

#!/bin/bash

path="."
end=$#

if [ -d "${!#}" ]
then
    path="${!#}"
    end=$((end - 1))
fi

find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$end}"

Answer 1

编辑：

原版只是略有偏差。如果最后一个参数不是目录，则不会删除。

#!/bin/bash
if [ -d "${!#}" ]
then
    path="${!#}"
    remove=1
else
    path="."
    remove=0
fi

find "$path" -print0 | xargs -0 grep "${@:1:$(($#-remove))}"