imagecopyresampled()：提供的参数不是有效的图像资源答案

【问题标题】：imagecopyresampled(): supplied argument is not a valid Image resourceimagecopyresampled()：提供的参数不是有效的图像资源
【发布时间】：2012-05-05 23:22:09
【问题描述】：

我是 facebook 应用程序开发的新手，并且正在开发我的第一个应用程序。我正在尝试使用 imagecopyresampled() 函数调整图像大小，但出现此错误：

警告：imagecopyresampled()：提供的参数不是…中的有效图像资源

$url = "http://graph.facebook.com/{$userId}/picture?type=large";
$img = "udp.gif";
file_put_contents($img, file_get_contents($url));
if (exif_imagetype($img) != IMAGETYPE_GIF) {
    $imgFile = 'temp/' . $userId . '_fdp_' . rand() . '.gif';
    if (exif_imagetype($img) == IMAGETYPE_JPEG)
        $imageObject = imagecreatefromjpeg($img);
        if (exif_imagetype($img) == IMAGETYPE_PNG)
            $imageObject = imagecreatefrompng($img);
            $imagegif($imageObject, $imgFile);
            $imgFile1='temp/' . $userId . '_fdp_.gif';
            $imagecopyresampled($imgFile1, $imgFile, 0, 0, 0, 0, 200, 280, 180, 252);
            $img = $imgFile1;
         }
    }
}

【问题讨论】：

嗯，这个错误很明显。 $img 是从哪里来的？
嗯，是的，$imgFile 和 $imgFile1 都不是 gd 资源。也许您应该再次阅读手册以获取示例？
@DamienPirsy：我刚刚编辑了我的代码并包含了 $img 的声明部分。希望它会有所帮助。
@deceze: 就像我将错误的参数传递给函数一样？根据我从手册中了解到的$imgFile1, $imgFile 是resource $dst_image , resource $src_image ,

标签： php gd

【解决方案1】：

您误解了参数类型。 resource 是 PHP 类型，如 string 或 float。需要使用适当的相关功能创建资源。在您的情况下，您需要一个原始图像的resource，使用imagecreatefromjpeg 之类的函数创建，另一个类似的resource 将图像复制到，很可能是使用imagecreatetruecolor 创建的空白图像。

引用example from the manual：

$image_p = imagecreatetruecolor($new_width, $new_height);
$image = imagecreatefromjpeg($filename);
imagecopyresampled($image_p, $image, 0, 0, 0, 0, $new_width, $new_height, $width, $height);

您所拥有的是一个不存在的变量和一个字符串，这不是必需的输入。

【讨论】：