使用参数从 PHP 执行 bash 脚本答案

【问题标题】：Execute bash script from PHP with arguments使用参数从 PHP 执行 bash 脚本
【发布时间】：2013-06-17 05:18:23
【问题描述】：

我有一个 PHP 脚本，它将在 Ubuntu 服务器上作为 cron 运行。

我正在尝试从这样的 PHP 脚本执行 bash 脚本：

    exec(escapeshellarg('/bin/bash ') . escapeshellarg("/home/monu/myBash.sh") . escapeshellarg("var1") . escapeshellarg("var2") .escapeshellarg("var3"));

当我以用户 (monu) 的身份在终端中运行“php myPHP.php”时，我会收到如下错误：

    sh: 1: /bin/bash /home/monu/myBash.sh var1 var2 var3: not found

myBash.sh 的内容类似于：

    export CLASSPATH=./:./lib/xp.jar:./lib/ojdbc14.jar:./lib/log4j-1.2.8.jar:./lib/log4j.properties:./lib/log4j.xml

    cd someDir
    ./install.sh $A $B $C $D
    cd ..

当我从命令行手动执行 BASH 脚本时，它按预期工作。

我什至尝试过 system() 和 shell_exec()，但仍然没有成功。

我应该如何从 PHP 脚本调用这个 BASH 脚本以使其工作，有什么提示吗？

【问题讨论】：

那是因为您的 apache/php 用户没有权限访问您的主文件夹。
@Jon，我在以用户 (monu) 身份登录时在终端中运行 PHP 脚本以进行调试。所以我猜文件权限不会引起问题。

标签： php bash cron

【解决方案1】：

escapeshellarg() 应该用于每个参数，而不是整个命令。

exec(escapeshellarg('/bin/bash') . ' ' . escapeshellarg("/home/monu/myBash.sh") . ' ' . escapeshellarg(...));

【讨论】：

感谢提醒，我已经更新了代码，但错误仍然存在。