从启动目录中查找配置文件位置的最佳方法？

Question

我现在正在开发一个需要配置文件的模块。

配置文件是可选的，可以在模块启动时提供，或者（理想情况下）从与应用程序位于同一目录的defaults.json 文件加载。 defaults.json 文件的用途也用于用setdefault 填充缺失的键。

问题出在模块的启动位置...

...\Application = python -m application.web.ApplicationServer

...\Application\application = python -m web.ApplicationServer

...\Application\application\web = python ApplicationServer.py

....读作，“如果我在文件夹中，我输入这个来启动服务器。”

如何确定程序是从哪里启动的（可能使用os.getcwd()）来确定传递给json.load(open(<path>), 'r+b')) 的文件路径，以便它始终成功？

谢谢。

注意：我强烈希望获得最佳实践的答案，因为我已经可以一起“破解”解决方案——我只是不认为我的方法是最好的方法。谢谢！

Answer 1

如果您想获取包含您的代码相对于其启动位置的文件的路径，则它存储在模块的__file__ 中，如果您可以使用它：

• 不希望您的模块安装有setup.py/distutils 方案。
• 并希望您的代码 + 配置包含在一个位置。

所以codeDir = os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)) 应该始终有效。

如果您想制作一个安装程序，我会说习惯上将代码放在一个地方，而将诸如配置之类的东西放在其他地方。这将取决于您的操作系统。在 linux 上，一个常见的地方是/home/user/.local/share/yourmodule 或直接在/home/user/.yourmodule 下。 Windows 有类似的应用数据位置。 对于两者来说，os.environ['HOME'] / os.getenv('HOME') 是一个很好的起点，然后您应该检测操作系统并将您的东西放在预期的位置，并使用一个不错的文件夹名称。

我不能发誓这些都是最佳做法，但至少它们看起来相当无黑客攻击。