隐式转换为 std::string [重复]

Question

可能重复：
Overload resolution failure when streaming object via implicit conversion to string

我知道这样做不是一个好主意，但我真的很想知道下面的代码无法编译的原因（即为什么“没有可接受的转换”）：

#include <iostream>
#include <string>


class Test
{
public:
    operator std::string () const;
};

Test::operator std::string () const
{
    return std::string("Test!");
}

int main ()
{
    std::string str = "Blah!";
    std::cout << str << std::endl;

    Test test;

    str = test;//implicitly calls operator std::string without complaining

    std::cout << str << std::endl;

    std::cout << test;//refuses to implicitly cast test to std::string

    return 0;
}

在 Visual Studio 2010 上出现此错误：“error C2679: binary '<<' : no operator found which takes a right-hand operand of type 'Test' (or there is no acceptable conversion)”

<< 运算符是否为了使用它而将std::string 隐式转换为其他东西？如果是，我需要在我的类中重载什么运算符才能使这样的事情起作用？我拒绝相信我真的需要使用operator char *。

Answer 1

operator<<(std::basic_ostream&, std::basic_string) 是一个函数模板，在模板参数推导过程中不考虑用户定义的转换。你需要为你的班级重载operator<<。

当然，另一种选择是演员表

std::cout << static_cast<std::string>(test);

Answer 2

问题在于std::string 是模板std::basic_string<char> 的特化，而operator<< 所需的重载本身就是模板：

template<class charT, class traits, class Allocator>
basic_ostream<charT, traits>&
    operator<<(basic_ostream<charT, traits>&& os,
               const basic_string<charT,traits,Allocator>& str);

为了用于模板参数推导，用户定义的类型必须完全匹配；不考虑转化。

您需要为您的班级提供operator<< 的重载，或者显式转换为std::string。

Answer 3

一般取决于类的流插入操作符<<是具体函数还是模板。

以<<为具体函数，找到重载，完成转换（只要不模棱两可）：

#include <iostream>
using namespace std;

template< class CharType >
struct String {};

ostream& operator<<( ostream& stream, String<char> const& s )
{
    return (stream << "s");
}

struct MyClass
{
    operator String<char> () const { return String<char>(); }
};

int main()
{
    cout << "String: " << String<char>() << endl;
    cout << "MyClass: " << MyClass() << endl;
}

但是，使用<<作为函数模板，模板匹配找不到匹配，然后不尝试通过用户定义的运算符进行转换：

#include <iostream>
using namespace std;

template< class CharType >
struct String
{
};

template< class CharType >
ostream& operator<<( ostream& stream, String< CharType > const& s )
{
    return (stream << "s");
}

struct MyClass
{
    operator String<char> () const { return String<char>(); }
};

int main()
{
    cout << "String: " << String<char>() << endl;
    cout << "MyClass: " << MyClass() << endl;       // !Oops, nyet! Not found!
}

在您的情况下，std::string 实际上只是 typedef 的 std::basic_string<char>。

修复：为您的类定义一个 << 运算符，或者，如果您想避免头文件依赖（考虑构建时间），定义一个转换为例如char const*，或者，最简单也是我推荐的，将该转换设为命名转换，以便必须显式调用它。

显式是好的，隐式是坏的。

Answer 4

我认为您需要覆盖的运算符是“

Answer 5

您需要重写operator<< 方法。

std::ostream & operator <<(std::ostream & os, const Test & t) {
    return os << std::string(t);
}