从 application.conf 中检索对象列表答案

【问题标题】：Retrieving list of objects from application.conf从 application.conf 中检索对象列表
【发布时间】：2018-12-11 19:09:12
【问题描述】：

我在 Play for Scala application.conf 中有以下条目：

    jobs = [
       {number: 0, dir: "/dir1", name: "General" },
       {number: 1, dir: "/dir2", name: "Customers" }
    ]

我想在 Scala 程序中检索此对象列表：

    val conf = ConfigFactory.load
    val jobs = conf.getAnyRefList("jobs").asScala 
    println(jobs)

打印出来

Buffer({number=0, name=General, dir=/dir1}, {number=1, name=Customers, dir=/dir2})

但是如何将结果转换为实际的 Scala 对象呢？

【问题讨论】：

我认为您必须映射缓冲区并手动解析字段。
How to get all config parameters from a .scala file ?的可能重复
查看我的回答 here 以获取将配置数据提取为 scala 对象的代码。

标签： scala playframework playframework-2.6

【解决方案1】：

试试这个：

case class Job(number: Int, dir: String, name: String)

object Job {
implicit val configLoader: ConfigLoader[List[Job]] = ConfigLoader(_.getConfigList).map(
    _.asScala.toList.map(config =>
      Job(
        config.getInt("number"),
        config.getString("dir"),
        config.getString("name")
      )
    )
  )
}

然后从Confugutation DI Configuration.get[List[Job]]("jobs")

【讨论】：

让我失望的事情 - 你可能还需要 import scala.collection.JavaConverters.asScalaBufferConverter 才能让 .asScala 工作（如果你像我一样通过 Google 找到这个答案）
@JamesWhiteley 当然，但导入也取决于您使用的 scala 版本）

【解决方案2】：

这是一个Config 对象，它将从配置文件中提取数据到您指定的类型中。

用法：

case class Job(number: Int, dir: String, name: String)

val jobs = Config[List[Job]]("jobs")

代码：

import com.typesafe.config._
import org.json4s._
import org.json4s.jackson.JsonMethods._

object Config {
  private val conf = ConfigFactory.load()
  private val jData = parse(conf.root.render(ConfigRenderOptions.concise))

  def apply[T](name: String)(implicit formats: Formats = DefaultFormats, mf: Manifest[T]): T =
    Extraction.extract(jData \\ name)(formats, mf)
}

如果特定的配置对象不存在或与T的格式不匹配，这将引发异常。

【讨论】：