使用来自xamarin.forms的php脚本将图像保存在mysql数据库中[重复]

Question

我正在尝试使用 php webservice 和 json 将图像从我的 xamarin.Forms 代码保存到 mysql 数据库

运行 php 脚本时出现以下错误

** [20-Dec-2016 00:17:08] PHP 警告：mysqli_prepare() 期望参数 1 为 mysqli，在第 13 行的 /home7/gsakolac/public_html/BBA/prod_update_image.php 中给出 null [20-Dec-2016 00:17:08] PHP 警告：mysqli_stmt_bind_param() 期望参数 1 为 mysqli_stmt，在第 14 行的 /home7/gsakolac/public_html/BBA/prod_update_image.php 中给出了 null [20-Dec-2016 00:17:08] PHP 警告：mysqli_stmt_execute() 期望参数 1 为 mysqli_stmt，在第 15 行的 /home7/gsakolac/public_html/BBA/prod_update_image.php 中给出了 null [20-Dec-2016 00:17:08] PHP 警告：mysqli_stmt_affected_rows() 期望参数 1 为 mysqli_stmt，在第 17 行的 /home7/gsakolac/public_html/BBA/prod_update_image.php 中给出 null **

我的 php 脚本

<?php
$conn = mysqli_connect('localhost', 'username', 'password', 'dbname');

if($_SERVER['REQUEST_METHOD'] == "POST"){
    $id = isset($_POST['id']) ? $_POST['id'] : "";
    $image = isset($_POST['image']) ? $_POST['image'] : ""; 

    if(!$image==null)
    {
        $sql = "UPDATE tbl_image SET Image = ? WHERE id=$id";

        $stmt = mysqli_prepare($con, $sql);
        mysqli_stmt_bind_param($stmt, "s", $image);
        mysqli_stmt_execute($stmt);

        $check = mysqli_stmt_affected_rows($stmt);
        if($check==1)
            $json=array("status" => 1, "msg" => "Image updates successfully");
            else
            $json=array("status" => 0, "msg" => "error happend while updating image to server.");
    }
    else
        $json=array("status" => 0, "msg" => "Image not uploaded");  
}else{
    $json = array("status" => 0, "msg" => "Request Not Accepted.");
}
@mysqli_close($conn);

/* Output header */
header('Content-type: application/json');
echo json_encode($json);
?>

我的 xamarin.forms 代码将图像文件（imgFile 名称（字符串））转换为 base64string 并调用 php 脚本

var bytes = default(byte[]);
using (var StreamReader = new StreamReader(imgFile))
{
    using (var mstream = new MemoryStream())
    {
        StreamReader.BaseStream.CopyTo(mstream);
        bytes = mstream.ToArray();
    }
}
string imgstr = Convert.ToBase64String(bytes);

using (var client = new HttpClient())
{
    var url = "url";
    var content = new FormUrlEncodedContent(new[] {
    new KeyValuePair<string,string>("id", id.ToString()),
    new KeyValuePair<string, string>("image", imgstr)
});

    var resp = await client.PostAsync(new Uri(url), content);
    if (!resp.IsSuccessStatusCode)
        General.GSErr("Nothing retrieved from server.");
    else
    {
        var result = JsonConvert.DeserializeObject<General_Response>(resp.Content.ReadAsStringAsync().Result);
        if (result.status == 0)
            General.GSErr(result.msg);
    }
}

我是 php 编码新手，请帮助我。

阿米特·萨拉夫

Answer 1

因为你的第一个参数是$con，应该是$conn

$stmt = mysqli_prepare($conn, $sql);

并且不要将变量直接绑定到您的查询。您已经在使用准备好的语句，请使用它。

$sql = "UPDATE tbl_image SET Image = ? WHERE id = ?";

$stmt = mysqli_prepare($conn, $sql);
mysqli_stmt_bind_param($stmt, "si", $image, $id);