在laravel中用整个视图渲染对象

Question

当你被告知渲染一些数据时，我会解释你应该将数据从控制器发送到视图

Route::get('/', function()
   $posts = MyRep::giveMeAllPosts();
   return View::make('listing', $posts);
});

有风景

@foreach($posts as $post)
    <li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>
@endforeach

有没有什么方法可以让对象（例如模型、模型视图或其他类型）呈现整个视图？

类似的东西：

<!-- View stored in resources/views/greeting.php -->
 @foreach($posts as $post)
        {{ $post->presenter('listing')->render()}}
    @endforeach

每个项目的视图在其他视图中定义。

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

这样：listing的视图将与item view解耦

Answer 1

你不能只使用包含吗？

@foreach($posts as $post)
    @include('listing')
@endforeach

它会使用你的视图：

<!-- View stored in resources/views/listing.php -->
<li>{{ $post->title }} - {{ $post->published_at }}</li>

但是，如果您仍然需要从模型或存储库中渲染某些内容，您可以这样做：

{{ $post->render('listing') }}

在你的模型中你会这样做：

public function render($what)
{
    $data = $this->produceListinData($what);

    return View::render($data->viewName, compact('data'));
}

当然，最好使用视图演示器，就像您所做的那样，但您可能必须安装一个包来帮助您，或者创建您自己的包。这是我使用的：https://github.com/laracasts/Presenter。

编辑：

无论如何，我 100% 同意您关于从模型访问视图的评论。在这种情况下，一个不错的设计解决方案是创建一个渲染服务和一个存储库，通过您的存储库使用您的渲染服务，而您的模型永远不必知道视图的存在。