php：使用变量名在不同页面上显示特定图像答案

【问题标题】：php: use variable name to display specific image on diffrent pagephp：使用变量名在不同页面上显示特定图像
【发布时间】：2016-06-01 13:22:13
【问题描述】：

这里是 PHP 初学者。我在页面上有 php 循环来显示图像（基本上是一个画廊），每个图像都有一个显示在下面的标题。这些标题是指向第二页的链接，其中仅显示一张图像。问题是每个链接都有不同的名称（名称的值是图像的特定/ID）。

<form action="image_link.php" method="post">
<?php>
$sql_select = "SELECT * FROM images ORDER BY data DESC"; 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select);
while ($table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected)){
    echo "<div class=\"galery-1-3\"><figure>";
    echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
    echo "<figcaption><a href=image_link.php name=\"" . $table_row['ID'] . "\">" . $table_row['tytul'] . "</a></figcaption></figure></div>";
    }
?>

我只显示了一张图片，但无论我点击什么标题，我总是从表格中获得最后一张图片。如何在image_link.php 上捕获特定 ID，或者我应该使用诸如/image_link.php?id=34 之类的灵活地址。我不知道从哪里开始。

image_link.php 包含基本相同的代码，但没有循环：

$sql_select = "SELECT * FROM images WHERE ID = $SomehowGetID"; 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select);
$table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected);
    echo "<div class=\"galery-big\"><figure>";
    echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
    echo "<figcaption>" . $table_row['tytul'] . "</figcaption></figure></div>";

提前感谢您的帮助。

【问题讨论】：

标签： php html mysql sql

【解决方案1】：

不需要表格

第一个脚本：

<?php
$sql_select = "SELECT * FROM images ORDER BY data DESC"; 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select);
while ($table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected)){
    echo "<div class=\"galery-1-3\"><figure>";
    echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
    echo "<figcaption><a href=\"image_link.php?id=" . $table_row['ID'] 
     . "\" name=\"" . $table_row['ID']
     . "\">" . $table_row['tytul'] . "</a></figcaption></figure></div>";
}
?>

第二个脚本

$SomehowGetID=$_GET['id'];
$sql_select = "SELECT * FROM images WHERE ID = $SomehowGetID"; 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select); 
$table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected);
    echo "<div class=\"galery-big\"><figure>";
    echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
    echo "<figcaption>" . $table_row['tytul'] 
    . "</figcaption></figure>   </div>";

我建议您使用准备好的语句而不是简单的查询结构。

【讨论】：

我不得不在image_link.php&id 中使用问号而不是和号，我不知道为什么，但它确实有效。谢谢
哦，我的错，是的，它是一个“？” ，我会修改它。

【解决方案2】：

将查询更改为：

$sql_select = "SELECT * FROM images WHERE ID =" $_GET['id'];

【讨论】：

他为什么不能这样学？如果他想这样玩有什么问题？？
安全将是主要问题。我没有说答案有什么问题，但这是更好的做法。
同意是的，准备好的声明是最佳做法。

【解决方案3】：

echo 
"<figcaption>
<a href='image_link.php?id=$table_row[ID]' name='$table_row[ID]'>"
 .$table_row['tytul'] ."
</a>
</figcaption>
</figure></div>";

您需要将 id 作为参数传递到您的 href 中，并以 $table_row[ID] 作为值。

在 image_link.php 中

用途：

$sql_select = "SELECT * FROM images WHERE ID = '$_GET[ID]'";

【讨论】：

【解决方案4】：

您说要传递图像的 id 是正确的想法。您的代码应如下所示：

<form action="image_link.php" method="post">
<?php>
$sql_select = "SELECT * FROM images ORDER BY data DESC"; 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select);
while ($table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected)){
    echo "<div class=\"galery-1-3\"><figure>";
    echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
    echo "<figcaption><a href=image_link.php?id=" . intval($table_row['ID']) . "name=\"" . $table_row['ID'] . "\">" . $table_row['tytul'] . "</a></figcaption></figure></div>";
    }
?>

image_link.php：

$sql_select = "SELECT * FROM images WHERE ID =" . mysql_real_escape_string($_GET['id']); 
$sql_table_selected = mysql_query($sql_select);
$table_row = mysql_fetch_array($sql_table_selected);
echo "<div class=\"galery-big\"><figure>";
echo "<img src=\"" . $table_row['file_path'] . "\" />";
echo "<figcaption>" . $table_row['tytul'] . "</figcaption></figure></div>";

请注意，mysql_* 函数的使用已被高度弃用，您应该改用 mysqli 扩展

【讨论】：