pdo LIKE 不工作答案

【问题标题】：pdo LIKE not workingpdo LIKE 不工作
【发布时间】：2013-10-24 15:03:12
【问题描述】：

我的代码是 jquery ajax 调用的一部分，它返回数据库中的所有结果，而不仅仅是我输入的项目，我不明白为什么，有什么建议吗？

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%';   

$database->query("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname");
$database->bind(':lname',$lname);
$database->bind(':org_id',$_SESSION['org_id']);
$existing = $database->resultset();

提前多谢

【问题讨论】：

您的意思是它返回所有ord_id = ... 行，而不管lname 是什么？您是否确认 $_POST['lname'] 包含您认为的内容？
标记，是的，这是正确的，它返回所有 org_id 条目并忽略 LIKE 部分。如果我将 LIKE 更改为 = （并删除 % 符号），这一切似乎都在工作。我还手动输入了 dbase 中的名称，即 AND lname LIKE '%smith%'，这是一种享受。
您确认$_POST['lname'] 包含您认为的内容吗？
是的，我可以确认确实如此，我已经测试过，我最初返回 smith，然后当我在 php 代码中时返回 %smith%。
@DeanHaines 你能在问题中显示你想从 cust 表中获取的行吗？我的意思是在问题中包含表格的一些示例行。

标签： php mysql pdo

【解决方案1】：

终于把这个排序了，在 PHP 文件中我需要在 echo 之前添加这一行：

header("Content-Type: application/json", true);

感谢大家的努力

【讨论】：

如果您更好地解释代码和问题，其他用户会得到答案。

【解决方案2】：

您不能直接从 PDO 连接执行代码变量。
它是 bindParam 而不是 bind
PDO 中没有“结果集”功能
要使用 bindParam 附加值，您必须将 PDO 准备函数中的SQL代码。

整体代码应该是：

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%';   
$sql=$database->prepare("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname");
$sql->bindParam(':lname',$lname,PDO::PARAM_STR);
$sql->bindParam(':org_id',$_SESSION['org_id'],PDO::PARAM_INT);
$sql->execute();
$existing=$sql->fetch();//Resultset

其中 $database 是有效的 PDO 连接。

【讨论】：

我越来越认为你的年龄不再是草率和毫无意义的答案的借口。
如果您只打算更改一个次要且毫无意义的事情，否则只是重新发布 OP 的代码，那么至少指出您在何处进行了该次要更改...
对不起，我应该提到我在这里使用这个类culttt.com/2012/10/01/roll-your-own-pdo-php-class 我知道连接是有效的，因为我已经在整个项目的许多地方使用它们。感谢您在此方面的帮助