如何在不使用guessExtension() 的情况下获取上传的图像文件格式？答案

【问题标题】：How to get uploaded image file format without using guessExtension()?如何在不使用guessExtension() 的情况下获取上传的图像文件格式？
【发布时间】：2026-01-07 04:20:08
【问题描述】：

我有一个在 PHP 5.3.28 上运行的 laravel 4.1 项目，我试图找到一种方法来从某个图像中获取文件扩展名，但每当我使用 guessExtension() 时都会失败：

$format = Input::file('image')->guessExtension();

我尝试上传的所有其他图片使用guessExtension() 都没有问题，但似乎 Symphony 无法识别此特定图片的mimeType：

object(Symfony\Component\HttpFoundation\File\UploadedFile)[9]
  private 'test' => boolean false
  private 'originalName' => string 'herewithme.png' (length=14)
  private 'mimeType' => string 'application/octet-stream' (length=24)
  private 'size' => int 0
  private 'error' => int 1

我的应用程序失败并显示以下消息：

The file "" does not exist

我正在考虑做类似this:

   $filename = Input::file('image')->getClientOriginalName();

    if(strpos($filename, '.png') !== false)
    {
        $format = 'png';           
    }
    elseif(strpos($filename, '.jpg') !== false)
    {
        $format = 'jpg';            
    }

但是，我担心文件可能会因命名为pdf.png.jpg（或类似的名称）而导致问题，所以我对以这种方式获取文件格式犹豫不决。谁能想到更好的方法来做到这一点？

【问题讨论】：

也许只是在上传的文件上调用 Linux/Unix file 命令？
获取扩展名$ext = pathinfo($filename, PATHINFO_EXTENSION);，但这并不能解决您的问题。我不知道 Laravel 的内部结构，但有可能达到最大上传文件大小，在 php.ini 中设置，可能是这个原因。同样在您的 var_dump 中有 private 'error' => int 1 您可以在该类对象上获得错误消息或类似内容

标签： php symfony laravel laravel-4

【解决方案1】：

你可以用 substr 来做。

You can try $ext = substr($filename,-4);

【讨论】：

我宁愿使用 explode() 并用 '.' 分隔，以获得更通用和故障安全的解决方案。
是的，我们可以。我同意它比我的更好。它适用于所有人。

【解决方案2】：

不妨试试：

Input::file('image')->getClientMimeType();

或

Input::file('image')->getMimeType();

【讨论】：