列出 MySQL DB 中的表并将表名显示为下拉列表中的选项

Question

我正在尝试编写一个包含 2 个下拉列表的页面。第一个从 mysql db 填充表列表，允许用户选择有问题的日期，第二个允许用户从该表中的列中选择一个名称。我目前有如下编写的表单，用于从用户指定的特定表/行生成一个值数组，然后我可以将其回显到 html 表单中的各个字段中。

我正在努力获取由表名填充的下拉列表。有人可以帮忙吗？很抱歉，这是我的第一篇文章，我想彻底。我知道与我的数据库的连接正在工作，当我在代码中指定要使用的表时，第二个下拉列表正在工作。

我需要第一个框来列出表名，然后设置变量 $date。

这是日期的下拉列表：

<select name='Date'>
<?php
    $date = $_POST['date'];
$cxn=mysqli_connect("localhost",$userid,$password,$db)
or die ("Could not connect to Database");

$result=mysqli_query($cxn,"Show tables from january");

while($row = mysqli_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) 
{
echo "<option value='".$row['Value']."'>".$row['Value']."</option>"; 
}

?>
</select>

这是上面所选表格中名称的下拉列表。

<select name='agentname'>
<?php
    $name = $_POST['agentname'];
$cxn=mysqli_connect("localhost",$userid,$password,$db)
or die ("Could not connect to Database");

$sql=mysqli_query($cxn,"SELECT Value FROM january.'$date'");

while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) 
{      
echo $value ="<option value='".$row['Value']."'>".$row['Value']."</option>"; 
}

?>
    </select>
     <input type='submit' value='Get Dashboard' />
</form>

创建表单：

<form action='getlist.php' method='post'>
 <div align="center">
   <p>
     <select name='Date'>
<?php
    $date = $_POST['date'];
$cxn=mysqli_connect("localhost",$userid,$password,$db)
or die ("Could not connect to Database");

$result=mysqli_query($cxn,"Show tables from january");

while($row = mysqli_fetch_array($result, MYSQL_ASSOC)) 
{
echo "<option value='".$row['Value']."'>".$row['Value']."</option>"; 
}

?>
</select>

<select name='agentname'>
<?php
    $name = $_POST['agentname'];
$cxn=mysqli_connect("localhost",$userid,$password,$db)
or die ("Could not connect to Database");

$sql=mysqli_query($cxn,"SELECT Value FROM january.'$date'"); //I have specified schema's in my DB for the different months 

while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) 
{      
echo $value ="<option value='".$row['Value']."'>".$row['Value']."</option>"; 
}

?>
    </select>
     <input type='submit' value='Get Dashboard' />
</form>

用于以下查询以生成数组：

<?php
$cxn=mysqli_connect("localhost",$userid,$password,$db)
or die ("Could not connect to Database");

$result=mysqli_query($cxn,"SELECT column1, column2, column3 //just listing examples here for my columns there is about 45 columns for this selection
FROM january.'$date' 
WHERE Value='$name'");

while($row = mysqli_fetch_array($result))
{
        $stats = $row;
}

?>

Answer 1

好吧……

为了解决您的实际问题，我认为问题在于您在 mysqli_fetch_assoc 的输出中引用的索引。通常，“SHOW”查询的表名的键控类似于“Tables_in_databasename”或类似的名称。你可以print_r 你的$row 变量来查看你应该引用什么索引。

现在，与您的问题无关，我必须坚持让您重新考虑如何存储数据。在数据库和表的名称中表示有意义的数据是非常糟糕的过程。这不仅不是数据库的本意使用方式，这将不可避免地给您带来问题，而且您也会让事情变得不必要地困难。

我不确定您要存储什么样的统计信息，但假设它类似于网站每天的点击次数。这些数据可以很容易地存储在一个数据库和一个表中。例如：

数据库：统计数据

表格：daily_statistics

列：id、stat_date、值

现在您可以轻松地将每天的点击次数存储在一张表中。

id, stat_date, value
1, 2014-01-01, 300
2, 2014-01-02, 400
etc...

假设您每天有多个值。没问题

id, stat_date, value
1, 2014-01-01, 300
2, 2014-01-02, 400
3, 2014-01-02, 250
etc...
// The unique ID, alows multiple records per day.
// If you need them categorized in a different way,
// add another column.

这种结构将持续多年。

id, stat_date, value
1, 2014-01-01, 300
2, 2014-01-02, 400
3, 2014-01-02, 250
4, 2015-01-01, 250
5, 2016-01-01, 250
etc...

现在您可以访问 mysql 聚合功能，您可以更轻松地导入和导出数据，随着时间的推移，您不必处理拥有 100 多个数据库甚至更多表的情况，并且任何追随你的开发者都不必费力地解决这种棘手的情况。