无法覆盖 __call__ 的实现

Question

以此为例：

class Foo(object):
   def __init__(self, msg):
      self._msg = msg
   def __call__(self):
      return self._msg

foo = Foo('hello')
print(foo()) # Prints 'hello'
foo.__call__ = lambda _: 'bye'
print(foo()) # Prints 'hello'

我可以在 Python 2.x 和 Python 3.x

上重现这一点

我无法在有关此行为的文档中找到任何相关信息。

这对我来说完全是一个有效的用例，特别是在猴子补丁时。

这是不允许的原因吗？

Answer 1

当您使用() 调用对象时，它会执行对象类型上定义的__call__ 方法。所以__call__ 是在类Foo 上定义的，而不是在你的实例foo 上。如果您重新分配Foo.__call__，它会起作用。

Foo.__call__ = lambda _: 'bye'
print(foo()) # prints 'bye'

Answer 2

试试这个：

class Foo(object):
    def __init__(self, msg):
        self._msg = msg
    def __call__(self):
        return self._msg

foo = Foo('hello')
print(foo()) # Prints 'hello'

Foo.__call__ = lambda _: 'bye' #Notice the capital F, this is the class not the instance
print(foo()) # Prints 'bye'

最后一次通话应该像您期望的那样打印“再见”。当你调用一个实例的函数时，它实际上是指类函数（它们被定义的地方）

Answer 3

通常，您可以这样做。覆盖给定方法的单个实例的实现，而不影响其余部分。

这里的问题是您试图覆盖“特殊”方法。 () 调用语法在类而不是实例上查找 __call__ 方法。

以下代码显示您可以覆盖单个实例的方法实现，并作为一种丑陋的解决方法来解决您的问题：

class Foo(object):
    def __init__(self, msg):
        self._msg = msg
    def __call__(self):
        return self.call()      # Delegate call to instance
    def call(self):
        return self._msg

foo = Foo('hello')
other = Foo('hi')

print(foo()) # Prints 'hello'

def new_call(self):
    return "bye"

foo.call = new_call.__get__(foo, Foo)
print(foo()) # Prints 'bye'

print(other()) # Prints 'hi' (unaffected by override)

注意：以下内容也可以按您的预期工作：

foo.call = (lambda _: "bye").__get__(foo, Foo)

但我更喜欢明确的定义。