python argparse，如何通过名称引用 args答案

【问题标题】：python argparse, how to refer args by their namepython argparse，如何通过名称引用 args
【发布时间】：2014-06-10 03:54:22
【问题描述】：

这是一个关于python中argparse的问题，可能很简单

import argparse

parser=argparse.ArgumentParser()

parser.add_argument('--lib')

args = parser.parse_known_args()

if args.lib == 'lib':
    print 'aa'

这会起作用，但是我不想调用 args.lib，我只想说“lib”（我不想输入更多），有没有办法将所有 args 变量导出模块（即更改范围)。这样我就可以直接检查 lib 的值，而不是在前面指定模块的名称

PS：我有很多变量，我不想重新分配每个变量

【问题讨论】：

这种要求背后的原因是什么？ args 在这里基本上是一个容器，一个命名空间。使用args.lib没有错。
我不喜欢打字

标签： python argparse

【解决方案1】：

首先，我将推荐使用args 说明符。它非常清楚lib 的来源。也就是说，如果你发现你经常引用一个参数，你可以给它分配一个更短的名字：

lib = args.lib

有一种方法可以一次将所有属性转储到全局命名空间中，但它不适用于函数的本地命名空间，并且在没有充分理由的情况下使用 globals 是个坏主意。我不会考虑保存args. 的几个实例是一个足够好的理由。也就是说，这里是：

globals().update(args.__dict__)

【讨论】：

只是好奇，在这种使用globals() 和locals() 的特定场景中真的有什么区别吗？这样做会更好/更糟吗？我知道这两个命名空间的区别，但在这种情况下会影响什么吗？
我同意应该首选使用args 说明符。想象有一个 sys 导入模块，在解析 args 后使用，其中一个 args 称为 sys..shadowing。
@Bob：在模块级别，globals() 和 locals() 做同样的事情。在函数内部，locals() 返回局部变量 dict，但修改该 dict 并不会真正改变局部变量。
此外，如果参数被命名为from，那么你不能使用名为from的变量，因为它是一个Python关键字。（所以globals().update(args.__dict__) 将默默地无法定义所需的变量。）
@unutbu：您也不能使用属性名称from，所以您可能会指定一个可以使用的dest。

【解决方案2】：

当然，只需添加一行将args.lib 分配给lib。

import argparse

parser=argparse.ArgumentParser()    
parser.add_argument('-lib')    
args = parser.parse_known_args()

lib = args.lib 

if lib == 'lib':
    print 'aa'

【讨论】：

我有很多变量，我应该为所有变量都这样做吗？有更快的方法吗？
如其他答案中所建议的那样，自动执行此操作的任何方式都可能会变得笨拙且不清楚。取决于有多少变量可能值得，但这取决于你

【解决方案3】：

粗略的......但只是因为你不能意味着你应该......而只是为了踢globals().update(dict(args._get_kwargs()))

【讨论】：