使用字符串名称调用静态类的方法答案

【问题标题】：Call method of static class with string name使用字符串名称调用静态类的方法
【发布时间】：2020-04-04 06:33:13
【问题描述】：

在路由器/web.php 中：

Route::get('/{page}/{id}/{seo_title}', "Router@get");

在作为控制器的路由器类中：

public function get($page,$id,$seo_title)
    {
        $view_arg = null;
        if($id)
        {
           $model =  "tbl_$page"."s";

            $view_arg =  $model::whereId($id)->first();  
            //  Error: Class 'tbl_posts' not found 

            //$view_arg =  call_user_func(array($model, 'whereId'),$id)->first(); 
            // Error : call_user_func() expects parameter 1 to be a valid callback, class 'tbl_posts' not found 
        }
      // Some other codes...
}

我得到了错误：

错误：找不到类“tbl_posts”

在下一行：

$view_arg =  $model::whereId($id)->first();

虽然以下代码工作正常：

tbl_posts::whereId($id)->first();

我还尝试了以下方法：

$view_arg =  call_user_func(array($model, 'whereId'),$id)->first();

它给了我错误

错误：call_user_func() 期望参数 1 是有效的回调，类

【问题讨论】：

tbl_posts 在命名空间中吗？
不，这是一个类（模型）
在字符串变量中传递模型调用的完整路径。 $model = App\Posts 然后$view_arg = $model::whereId($id)->first();
要检查一下，你能显示echo tbl_posts::class;给出的内容吗？
你必须use Model 类。

标签： php laravel

【解决方案1】：

您可以在函数中直接调用您的模型类。

public function get($page,$id,$seo_title)
{
    $view_arg = null;
    if($id)
    {
       $model =  "App\\" . "tbl_$page"."s"; 

        $view_arg =  $model::whereId($id)->first();  

    }
}

【讨论】：

tbl_posts 是我的模型名称，而不是 Post。我添加了 {use App\tbl_posts;}
正如我之前提到的，当我直接使用类时它工作得很好。 {tbl_posts::whereId($id)->first();} 工作正常。
对不起，第一种方法不起作用。在我的回答中使用第二种方法。
@Deepak 第一种方法有效。但它没有动态use。我喜欢第二种方式，但使用双引号时需要添加双反斜杠。
谢谢，它成功了。但是你在“或”之前所说的是废话，因为正如我所说，我的模型名称是 tbl_posts，而不是 Post。