为什么你跳过 void 函数调用而不捕获它们？ [关闭]答案

【问题标题】：Why do you skip void function calls without catching them? [closed]为什么你跳过 void 函数调用而不捕获它们？ [关闭]
【发布时间】：2017-12-04 14:34:05
【问题描述】：

我想调用一个计算圆宽度的函数。

#include <stdio.h>
void area(double*);
int main()
{
    void* vp = NULL;
    double r;
    printf("input value : ");
    scanf(" %lf", &r);
    (double*)vp = &r;
    void area(vp);
}
void area(double* dp)
{
    double result;
    result = (*dp) * (*dp) * (3.14);
    printf("circle are is : %.2lf", result);
    return 1;
}*

我想在 //void 区域 (vp)// 中调用一个函数，但是我无法在可视 stdio 中捕获错误并按原样继续。你知道是什么原因吗？

【问题讨论】：

作业中的演员vp = &r 不需要。
@Someprogrammerdude “visual-studio-2015”标签可能意味着期望像 20 年前那样标准化的 C 行为在这里要求太多了......
嗯。 area() 具有返回类型 void，但返回 int。
如果你的函数声明它会返回一个void，你就不能返回一个值。
基本上，大部分都不是有效的 C。你需要一本好的 C 编程书籍和更好的编译器。

标签： c return function-call

【解决方案1】：

要调用函数，你写area(vp); 不是 void area(vp);。

后者在函数main 中出现，是一个函数原型，没有运行时影响。

并修正 PI 的定义：鉴于您使用 double 类型，您的定义非常不充分。见Math constant PI value in C

【讨论】：

是函数声明吗？在某些方面，它最接近那个，但vp 不是类型名称，所以我认为它只是一个混合的混乱。 void 阻止它成为函数调用； vp 阻止它成为函数声明。

【解决方案2】：

你应该写

  area(&r);

而不是错误和多余的

 void area(vp);

加上你在语法中犯的明显错误

我看不出有任何理由让vp 出现。
为确保scanf() 成功，请始终检查调用的返回值。
引用C11，第 6.8.6.4 章，

带有表达式的return 语句不应出现在返回类型为是void。 [....]

【讨论】：

【解决方案3】：

代码存在三个问题。

对于初学者来说，不清楚为什么指针 vp 被声明为具有 void * 类型，尽管在程序中它仅用于指向 double 类型的对象。

为什么不这样声明呢

double *vp = NULL;

结果这个技巧用指针

(double*)vp = &r;

将无法编译，因为左侧的表达式 (double*)vp 是 rvalue 并且可能没有被赋值。

你可以写

vp = &r;

第二个问题是这个说法

void area(vp);

也是无效的。要调用该函数，您应该编写

area(vp);

第三个问题是返回类型为void的函数不能在return语句中指定表达式

此声明将被删除。

return 1;

来自 C 标准（6.8.6.4 的 return 语句）

1 带有表达式的返回语句不应出现在返回类型为 void 的函数。 没有表达式只能出现在返回类型为 void 的函数中。

将函数的参数声明为具有引用类型是没有意义的。

函数定义可能如下所示

double area( double dp )
{
    const double PI = 3.14;

    return dp * dp * PI;
}

调用 pf printf 的语句应该移到 main 中

printf( "circle are is : %.2lf", area( r ) );

【讨论】：