C#5 异步返回类型 - 澄清？答案

【问题标题】：C#5 async return types -clarification?C#5 异步返回类型 - 澄清？
【发布时间】：2013-07-13 18:11:43
【问题描述】：

异步方法可以返回Task<T>、Task 或void。为什么返回Task<T> 或Task？因为它们是可等待的，而 void 是不是。因此，如果您有一个返回 Task<T> 或 Task 的异步方法，那么您可以将结果传递给 await。

现在考虑这个例子：

/*1*/    public async Task<int> CalculateAnswer()
/*2*/       {
/*3*/         await Task.Delay(100); 
/*4*/        
/*5*/         // Return a type of "int", not "Task<int>"
/*6*/         return 42;
/*7*/       }

我明白当控件进入async方法并遇到await操作符的那一刻，它首先检查awaitable是否已经完成，如果已经完成则正常运行（同步）。 如果没有，则从 async 方法返回。

好的，所以它返回了，我们需要密切关注异步任务。我想这就是为什么我们在方法签名处有Task<T>。

问题

但是为什么我在 Task<int> 中需要 int ？ awaitable 与 INT 没有任何关系（！）！——它可能是一个下载某些东西的网络服务。为了密切关注异步操作，我只能使用Task。

所以要么 Task<t> 是用来监视 async 操作 OR(!!!) 是用来指示返回值方法？

我很困惑。 :-(

【问题讨论】：

标签： .net-4.5 async-await c#-5.0

【解决方案1】：

本例中有两个任务。

CalculateAnswer 返回的任务是Task<int>。它表示方法CalculateAnswer。该任务将在CalculateAnswer 完成时完成，其结果（int）将是该方法的返回值。

另一个任务是Task.Delay 返回的任务。那个只是Task；没有结果值。该任务代表延迟。

【讨论】：

so Task<int> 与异步操作本身无关？
跟await没关系，没有。