MSBuild CL 任务参数

Question

我正在尝试使用 MSBuild 自动编译各种开源项目。

我想在我的编译管道中添加一个自定义 CL.exe 标志：将调用约定设置为 fastcall（在 cl.exe 中，它作为 /Gr 传递）。 这意味着需要覆盖默认的 cdecl 选项 (/Gd)。

我尝试设置一个 MSBuild 属性，但这不起作用：

MSBuild.exe /p:PlatformToolset=v141​​ /p:Platform=x64 /p:Configuration=Release /p:CallingConvention=/Gr

我还想使用其他几个标志来执行此操作，因此这不会与调用约定隔离。我也希望在不编辑任何配置文件的情况下执行此操作，仅使用 CLI 执行此操作。

如何使用 MSBuild 做到这一点？

谢谢！

Answer 1

我尝试设置 MSBuild 属性，但这不起作用。我怎样才能 使用 MSBuild 执行此操作？

见 msbuild Global Properties，命令行只接收 msbuild 属性，而 CallingConvention 不是 msbuild 属性。

我创建了一个 C++ 项目并在 Debug|X86 配置中将 C/C++=>Advanced 更改为 /Gd to /Gr，然后我看到如下内容：

  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32'">
    <ClCompile>
      ...
      <CallingConvention>FastCall</CallingConvention>
    </ClCompile>
    <Link>
      ...
    </Link>
  </ItemDefinitionGroup>

很明显CallingConvention 只是Metadata 中的一个Item CLCompile。这不是 msbuild 属性。所以我们不能像这样在 msbuild 命令行中设置它：msbuild /p:xxx。

可能的解决方法：

因为使用 /Gr 和 /Gd 之间的唯一区别是元数据行：

所以我认为我们可以在项目文件中复制一份ItemDefinitionGroup 并将其条件设置为：

  <!--ItemDefinitionGroup when using default /Gd-->
  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32' AND '$(UseFastCall)' == ''">
    <ClCompile>
     ...
    </ClCompile>
     ...
  </ItemDefinitionGroup>
  <!--ItemDefinitionGroup when using /Gr-->
  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32' AND '$(UseFastCall)' != ''">
    <ClCompile>
      ...
      <CallingConvention>FastCall</CallingConvention> <!--The only difference here.-->
    </ClCompile>
      ...
  </ItemDefinitionGroup>

如果我们将值传递给自定义属性UseFastCall，例如：MSBuild.exe /p:PlatformToolset=v141 /p:Platform=x86 /p:Configuration=Debug /p:UseFastCall=true。它应该使用/Gr 元数据。如果我们不向该属性传递值，它将使用默认的/Gd。所以解决方法是创建自定义属性来控制该行为。 （仅适用于Debug|win32，其他配置可能还需要编辑。）