为解释器中定义的类获取一个简单的类名

Question

无论该类是在解释器中还是在 Scala 代码文件中定义的，我都想获得一个简单的类名。您无法从解释器中定义的类中获得简单的名称（请参阅here）。结果，我尝试创建一个只获取完全限定名称的方法，将其拆分为.，然后获取最后一个字符串：

def simpleNameOf(i: AnyRef) = i.getClass.getName.split('.').last

然而，事情变得奇怪了。

scala> def simpleNameOf(i: AnyRef) = i.getClass.getName.split('.').last
simpleNameOf: (i: AnyRef)String

scala> simpleNameOf(new Human)
res25: String = $read$Human

scala> var h = new Human
h: Human = Human@fdad4ab

scala> h.getClass.getName
res27: 字符串 = 人类

scala> h.getClass.getName == "人类"
res28: Boolean = false

scala> h.getClass.getName.length
res29: Int = 44

scala> h.getClass.getName.split('.')
res30: 数组 [字符串] = 数组($line102, $read$Human)

scala> "人类".split('.')
res31: Array[String] = Array(Human)

那么来自getClass.getName 44 个字符的字符串 Human 到底有多长？ $line102 和 $read$Human 是从哪里来的？

这是 Scala 2.10.4

Answer 1

这是-Yrepl-class-based 的另一个用例：

$ scala
Welcome to Scala version 2.11.2 (Java HotSpot(TM) 64-Bit Server VM, Java 1.8.0_11).
Type in expressions to have them evaluated.
Type :help for more information.

scala> class Foo
defined class Foo

scala> classOf[Foo].getSimpleName
java.lang.InternalError: Malformed class name
  at java.lang.Class.getSimpleName(Class.java:1317)
  ... 33 elided

scala> :q
$ scala -Yrepl-class-based
Welcome to Scala version 2.11.2 (Java HotSpot(TM) 64-Bit Server VM, Java 1.8.0_11).
Type in expressions to have them evaluated.
Type :help for more information.

scala> class Foo
defined class Foo

scala> classOf[Foo].getSimpleName
res0: String = Foo

可以关闭cruft的输出过滤：

scala> $intp.isettings.unwrapStrings
res2: Boolean = true

scala> $intp.isettings.unwrapStrings = false
$intp.isettings.unwrapStrings: Boolean = false

scala> class Bar
defined class Bar

scala> classOf[Bar].getName
res3: String = $line12.$read$$iw$$iw$Bar

如果这对你有吸引力。

最后一个问题：每一行都包含在一个对象（或类）中，该对象（或类）通常嵌套很深，以便于从历史中确定导入的范围。 （如果需要局部块语义，可以使用大括号。）每一行都有一个行包。

更新：getSimpleName 问题有一张票，这是由于 IIRC 只是由于损坏名称中的双“$$”。嵌套对象会发生这种情况，而不是类（在 Scala 意义上）。