为文件夹中的一堆 mp4 视频生成缩略图

Question

我已经阅读了this，但没有太大帮助。

我有一个名为 videos 的文件夹和另一个名为 thumbnails 的文件夹。我在视频文件夹中有许多 mp4 视频，并希望使用 ffmpeg 和 php 在第 4 秒将缩略图捕获到缩略图文件夹。

1. 我在 windows whit php 5.3.8 和 Apache 2.2.21 上使用 Wamp server 2.2
2. 我从ffmpeg download page 的FFmpeg Windows Builds 部分下载了ffmpeg，从this 链接下载了静态32 版本。

3. 我将 7z 文件提取到我的网站根目录
   这是我的 php 代码：

   $ffmpeg = "includes/ffmpeg/bin/ffmpeg";
   foreach(glob('files/videos/*.mp4') as $pathname){
     $filename = substr($pathname,13,strripos($pathname,'.mp4')-13);
     $thumbnail = 'files/thumbnails/'.$filename.'.jpg';
     exec("ffmpeg -i $pathname -an -y -f mjpeg -ss 00:00:04 -vframes 1 $thumbnail");
   }
   

但没有任何反应，缩略图文件夹始终为空！
- 如何知道我的服务器上是否安装了 ffmpeg？
- 如何让我的脚本正常工作？
请帮忙

Answer 1

试试这个：

$ffmpeg = "c:/wamp/www/includes/ffmpeg/bin/ffmpeg";
$videos = "c:/wamp/www/files/videos/*.mp4";
$ouput_path = "c:/wamp/www/files/thumbnails/";
foreach(glob($videos) as $v_file){
    $fname = basename($v_file, ".mp4");
    $thmb = $ouput_path.$fname.'_tn.jpg';
    $cmd = "$ffmpeg -i $v_file -an -y -f mjpeg -ss 00:00:04 -vframes 1 $thmb";
    $stat = system ($cmd);
}

Answer 2

尝试在命令中使用绝对路径，而不是依赖于 PATH ENV 变量： exec() 和 system() 都有效。解析路径定义。

/* Using Absolute paths */
$ffmpeg = "c:/wamp/www/includes/ffmpeg/bin/ffmpeg";
$videos = "c:/wamp/www/files/videos/*.mp4";
$ouput_path = "c:/wamp/www/files/thumbnails/";

foreach(glob($videos) as $video_file){

    $filename = basename($video_file, ".mp4");
    $thumbnail = $ouput_path.$filename.'_tn.jpg';
    $command = "$ffmpeg -i $video_file -an -y -f mjpeg -ss 00:00:04 -vframes 1 $thumbnail";

    $status = system ($command);
/*or
    $status = exec($command);

    if ($status === false) {
        var_dump("ERROR: Conversion Failed!!!!");
    } else
        var_dump($status);
*/
}

Answer 3

我不允许添加评论，所以这里（作为帖子）是我在处理这个问题时发现的： 文件名中的空格会阻止 ffmpeg 找到正确的文件。所以一种方法是更改​​文件名。