PHP array_filter中的未定义变量[重复]

Question

这可能是一个非常愚蠢的问题，但我就是无法理解 PHP 作用域是如何处理这段代码的：

$leagueKey = 'NFL';
$response['response'] = array_filter($response['response'], function($tier){
    return ($tier['LeagueKey'] === $leagueKey ? true : false);
});

当我运行它时，我得到一个“未定义变量：leagueKey”异常。另一方面，这非常有效：

$response['response'] = array_filter($response['response'], function($tier){
    return ($tier['LeagueKey'] === 'NFL' ? true : false);
});

为什么 PHP 在 array_filter 函数中看不到我的 $leagueKey 变量？

谢谢！

Answer 1

您的$leagueKey 变量超出了匿名函数（闭包）的范围。幸运的是，PHP 提供了一种将变量带入作用域的非常简单的方法——use 关键字。试试：

$leagueKey = 'NFL';
$response['response'] = array_filter($response['response'], function($tier) use ($leagueKey) {
    return $tier['LeagueKey'] === $leagueKey;
});

这只是告诉您的匿名函数“使用”当前范围内的 $leagueKey 变量。

编辑

令人兴奋的 PHP 7.4 更新 - 我们现在可以使用“短闭包”来编写没有自己作用域的函数。该示例现在可以这样编写（在 PHP 7.4 中）：

$response['response'] = array_filter(
    $response['response'], 
    fn($tier) => $tier['LeagueKey'] === $leagueKey
);

Answer 2

试试这个

$response['response'] = array_filter($response['response'], function($tier) use ($leagueKey) {
 return ($tier['LeagueKey'] === $leagueKey ? true : false); 
}); 

Answer 3

这就是所有变量的作用域。您的匿名函数对它之外的变量一无所知。这适用于所有类型的函数：如果您需要使用函数外部的变量 - 您将其传递给函数。在这种情况下，你不能传递任何东西，但如果你运行的是 PHP5.3+，你可以做 function($tier) use ($leagueKey){ 这将告诉函数它需要使用在其外部定义的 $leagueKey。如果您的 php 低于 5.3，则必须使用以下解决方法： link

Answer 4

尝试全局变量：

$GLOBALS['leagueKey'] = 'NFL';
$response['response'] = array_filter($response['response'], function($tier){
    return ($tier['LeagueKey'] === $leagueKey ? true : false);
});