mysqli（php）中的“未选择数据库”答案

【问题标题】："no database selected" in mysqli (php)mysqli（php）中的“未选择数据库”
【发布时间】：2014-05-28 04:55:43
【问题描述】：

我在 php 中使用 mysqli 得到“未选择数据库”，我有这个方法：

private static $db_server = "localhost";
private static $db_usuario = "root";
private static $db_clave = "";
private static $db_base = "test";
private static $db = null;
public static function conectar_db() {
    if (self::$db == null) {
        self::$db = new mysqli(self::$db_server,self::$db_usuario,self::$db_clave,self::$db_base);
        self::$db->connect();
    }
    return self::$db;
}

这个代码在另一个文件中执行一个查询：

    $db = Core::conectar_db();
    $r = $db->query("SELECT * FROM usuarios");
    echo $db->error;//temporal
    while ($row = $r->fetch_array()) {
        var_dump($row);
        echo "<br>";
    }

当执行代码时，完整的输出是：

    No database selected
Fatal error: Call to a member function fetch_array() on a non-object in Path\to\my\file.php on line 6

但如果我将查询更改为test.usuarios 而不是usuarios 它可以工作（我使用var_dump 只是为了测试），我试过了：

使用public static $db 并直接访问Core::$db（Core 是一个处理这些核心功能的类）
在方法的签名中使用&conectar_db
将无效的数据库名称添加到$db_base，我得到一个错误，说 db 按预期无效我必须使用 oop（我认为使用过程式风格会产生与 oop 方法相同的结果），因为这是一个项目

【问题讨论】：

标签： php database oop mysqli

【解决方案1】：

不要打电话给self::$db->connect()。 mysqli 构造函数连接到服务器。 connect 方法实际上等价于构造函数，因此当您在不带参数的情况下调用 connect() 时，您将使用默认参数重新连接。

【讨论】：