在 Tomcat 中部署 WAR 文件（路径）

Question

我正在 Tomcat 中为我开发的 web 应用程序（我第一次这样做）部署一个 WAR 文件。 当我部署应用程序并且找不到资源时出现问题。

我正在将文件（例如 CSV 文件）保存在项目的这个文件中：

"src/main/resources/diseases.csv"

当我在tomcat中部署项目时，tomcat给我这个错误：

"org.apache.spark.sql.AnalysisException: Path does not exist: file:/opt/tomcat/apache-tomcat-9.0.16/bin/src/main/resources/conenfermedad.csv;"

这是我遇到错误的代码行：

String dataPred = thalg.randtrp("src/main/resources/conenfermedad.csv",             
                "src/main/resources/outWekaEnfermedad.arff");

编辑： 我一直在尝试不同的解决方案，但我遇到了同样的问题，因为如果我使用 InputStream 我怎样才能获得使用 dataFrameReader 的路径（这只使用路径作为字符串）？

InputStream is = getClass().getResourceAsStream(In);

        BufferedReader reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(is));

        //InputStream is = getClass().getResourceAsStream(In);

        final DataFrameReader dataFrameReader = sparkSession.read().option("header", true);
        final Dataset<Row> trainingData = dataFrameReader.csv(In).toDF("IDPatient", "ECG_EKG", "Temp",
                "SPO2Min", "SPO2Max", "BPMmin", "BPMmax", "BPMavg", "SYS", "DIA", "EDAmin", "EDAmax", "EDAavg", "Disease");
        // con "*.csv" para que lea todo el directorio

我应该做错什么？

提前致谢:)

Answer 1

确保您的 CSV 文件包含在您的 WAR 文件中。由于 WAR 文件在技术上只是一个 ZIP 文件，因此您可以使用任何 ZIP 程序来检查它。

如果您使用的是 Maven，则需要明确包含它：

<build>
...
    <resources>
        <resource>
            <filtering>true</filtering>
            <directory>src/main/resources</directory>
            <includes>
                <include>diseases.csv</include>
            </includes>
        </resource>
    </resources>
...
</build>

Filtering 如果您不需要替换占位符，可以设置为 false（或省略）。在include 标签中也可以使用wildcards。

然后你可以像这样使用 csv 文件：

new InputStreamReader(getClass().getResourceAsStream("/diseases.csv"), StandardCharsets.UTF_8.name())