如何将 json 选中的复选框数据转换为列表？

Question

如何将包含复选框值的 json 字符串转换为列表？

例如，我有以下 json 字符串： {"User1":"Checked","User2":"","User3":"Checked"}

我想从上面的数据中提取一个列表，并将其分配给一个变量。该列表当然应该只输出选中的元素：

用户 1 用户3

并忽略未选中的项目。

这可能吗？

最初的想法是在 jqgrid 布局中执行此操作，原始问题在这里： https://stackoverflow.com/questions/34615244/best-way-to-do-jqgrid-with-json-strings

全数组代码（处理端）：

$status = $data['data-invoice-status']; // this is an array
                $status_array = array(); // create new array
                $status_names = array(1 => "Service Call",2 => "Estimate",3 => "Bid Accepted",4 => "Unstaged",5 => "Staged",6 => "Assigned",7 => "In Progress",8 => "Job Complete",9 => "Billed");
                for($i = 1; $i <= 9; $i++){ // loop from 1 to 5
                if(in_array($i, $status)){ // if value exists (has been selected), stack 'checked', if not, stack ''.
                    $status_array[$status_names[$i]] = "checked";
                } else {
                    $status_array[$status_names[$i]] = "";
                }
                }
                $status_json = mysqli_real_escape_string($this->_con, json_encode($status_array)); // encode the array into JSON and then escape it.

然后，每当有人更新表单但没有数据传输时，我都会将 $statusd 保存到我的数据库中。

Answer 1

将 JSON 解码为数组，然后获取值等于 'Checked' 的键：

$list = array_keys(json_decode($json, true), 'Checked');

或者可能过滤掉空项目而不是搜索“已检查”，但是您仍然有键而不是值：

$list = array_filter(json_decode($json, true));

然后是 implode() 或 foreach() 或任何与数组一起使用的东西。

根据您的修改：

1. 您确实应该使用相关表并将每个用户保存到新行，但是
2. 您正在编码，然后添加斜杠mysqli_real_escape_string，然后尝试再次解码

假设您不打算执行 #1，那么就这样做：

$statusd = mysqli_real_escape_string($this->_con,
                                     implode(",",  array_keys($status_array, 'Checked')));