AJAX 使用 PHP 从 POST 中获取数据答案

【问题标题】：AJAX take data from POST with PHPAJAX 使用 PHP 从 POST 中获取数据
【发布时间】：2015-02-22 14:42:39
【问题描述】：

我的脚本有点问题。我想使用 AJAX (POST) 将数据提供给 php 文件。

我没有收到任何错误，但 php 文件在 AJAX“运行”后没有显示更改。这是我的 jquery / js 代码：（#changeRank是一个选择框，我要传递选中的值）

$(function(){
$("#changeRank").change(function() {
    var rankId = this.value;
    //alert(rankId);
    //$.ajax({url: "/profile/parts/changeRank.php", type: "post", data: {"mapza": mapza}});
    //$("body").load("/lib/tools/popups/content/ban.php");
    $.ajax({
    type: "POST",
    async: true,
    url: '/profile/parts/changeRank.php',
    data:  { 'direction': 'up' },
    success: function (msg) 
            { alert('success') },
    error: function (err)
    { alert(err.responseText)}
    });
});
});

PHP：

require_once('head.php');
require_once('../../lib/permissions.php');
session_start();
$user = "test";
if($_SESSION["user"] != $user && checkPermission("staff.fakeLogin", $_SESSION["user"], $mhost, $muser, $mpass, $mdb))
$_SESSION["user"] = $user;
header('Location:/user/'.$user);
die();

当我运行脚本时，javascript 会出现一个警报“成功”，这对我来说意味着没有任何问题。

我知道，我的数据的发布请求丢失了，但这只是一个测试，所以我打算稍后添加...

我希望你能帮助我，问候:)

【问题讨论】：

您到底期待什么。 alert succes 表示该请求返回了一个 200 message 表示请求成功，但仅此而已。
是的，我想对你说，这个问题与我的 jquery 代码无关，是吗？
确实，jQuery (javascript) 运行良好。您期望 PHP 文件中的服务器端是什么？
我只想要一个生命信号（回声或重定向，...），所以我可以肯定，存在“连接”更新：php 中的代码有效，但我想在 php 脚本之后回显一些东西，打招呼

标签： javascript php jquery html ajax

【解决方案1】：

$(function(){
$("#changeRank").change(function() {
    var rankId = this.value;
    //alert(rankId);
    //$.ajax({url: "/profile/parts/changeRank.php", type: "post", data: {"mapza": mapza}});
    //$("body").load("/lib/tools/popups/content/ban.php");
    $.ajax({
    type: "POST",
    async: true,
    url: '/profile/parts/changeRank.php',
    data:  { 'direction': 'up' },
    success: function (msg) 
            { alert('success: ' + JSON.stringify(msg)) },
    error: function (err)
    { alert(err.responseText)}
    });
});
});


require_once('head.php');
require_once('../../lib/permissions.php');
session_start();
$user = "test";
if($_SESSION["user"] != $user && checkPermission("staff.fakeLogin", $_SESSION["user"], $mhost, $muser, $mpass, $mdb))
$_SESSION["user"] = $user;
echo json_encode($user);

此示例代码将让用户名回显到页面。警报应显示这一点。

【讨论】：

【解决方案2】：

你的 js 很好，但是因为你实际上并没有在你的 php 脚本中回显任何东西，所以除了你的成功警报之外，你不会看到任何变化。也许 var_dump 你的 post 变量来检查你的数据是否正确地从你的 js 文件传递...

【讨论】：

嘿，脚本 (php) 工作正常，但我无法回显某些内容。当我在会话数组中进行更改时，一切都很好，直到我想回显某些东西 - 什么都没有发生（什么都不可见）。
哦好的尝试使用 var_dump()

【解决方案3】：

只需像这样从您的 php 中返回 0 或 1

你的 PHP ：

if($_SESSION["user"] != $user && checkPermission("staff.fakeLogin", $_SESSION["user"], $mhost, $muser, $mpass, $mdb))
{
$_SESSION["user"] = $user;
echo '1'; // success case
}
else
{
echo '0'; // failure case
}

然后在你的脚本中

success: function (msg) 
if(msg==1)
{
window.location = "home.php"; // or your success action
}
else
{
alert('error);
}

这样你就可以得到你所期望的

【讨论】：

【解决方案4】：

如果您想在当前页面中使用 PHP 中的数据查看结果，那么您需要做两件事：

实际上是从 PHP 发送一些。您当前的 PHP 重定向到另一个可能发送数据的 URL。您可以使用它或删除 Location 标头和 echo 一些内容。
编写一些 JavaScript 来处理这些数据。数据将被放入成功函数的第一个参数（您已命名为msg）。如果您希望该数据出现在页面中，则必须将其放在页面中的某个位置（例如使用$('body').text(msg)。

【讨论】：