用户报告库答案

【问题标题】：User reporting Library用户报告库
【发布时间】：2009-09-02 20:46:21
【问题描述】：

我想构建（或查找）一个 php 报告库，我可以使用它来允许我的用户将任何类型的内容报告为不良内容。实际上，如果他们可以将内容报告为好（我猜这意味着评级系统），那就更好了。所以如果有人知道这样的图书馆，我很想听听。

无论如何，这就是我想象的数据库工作方式，我想知道这听起来是否正确。

ID - 行的 ID
USER_ID - 用户投票/报告的 ID
ITEM_ID - 所报告项目的唯一表行 ID（帖子、其他用户、链接等...）
TYPE - 与此相关的表的名称（帖子、用户、链接等...）
DATE - 报告的日期时间
值 - 我猜这可能是赞成票或反对票

通过包含 [TYPE] 列，我可以在我网站上的所有内容类型中使用此投票系统，而不仅仅是一种（如论坛帖子）。通过存储 user_id，我可以确保每个用户的每个项目只有一个投票/报告。

【问题讨论】：

这是一件足够简单、足够特定于应用程序的事情，它可能更容易自己构建。除非您使用流行的框架或平台，在这种情况下，模块可能存在，但您需要指定您正在使用的框架/平台

标签： php reporting

【解决方案1】：

好吧，我照我说的做了。弗兰克是对的，这并不难。以下是其他人想要在支持 AR 样式 DB 调用（如 CodeIgniter 或 MicroMVC）的 MVC 上使用它的代码：

/*
 * Multi-table user voting model
 */
class votes extends model {

    public static $table = 'votes';


    function cast( $user_id = NULL, $item_id = NULL, $type = NULL, $vote = TRUE) {

        $where = array(
            'user_id'   => $user_id,
            'item_id'   => $item_id,
            'type'      => $type
        );

        //Try to fetch this row
        $row = $this->db->get_where(self::$table, $where );

        //Look for an existing vote row
        if( $row && ! empty($row[0]) ) {

            //Fetch row
            $row = $row[0];

            //If they already voted this way... then we're done!
            if( $row->vote == $vote) {
                return;
            }

            //Else update the row to the new vote
            $row->vote = $vote;
            $row->date = convert_time(time());

            $this->db->update( self::$table, $row, array('id' => $row->id) );

            return;
        }

        //Else create a new vote for this item
        $row = array(
            'user_id'   => $user_id,
            'item_id'   => $item_id,
            'type'      => $type,
            'date'      => convert_time(time()),
            'vote'      => $vote,
        );

        $this->db->insert( self::$table, $row);
    }
}

【讨论】：