PHP、HTML、数据库的问题答案

【问题标题】：Issues with PHP, HTML, DatabasePHP、HTML、数据库的问题
【发布时间】：2017-02-28 15:23:22
【问题描述】：

根据下面的教程，我正在尝试注册：

https://www.youtube.com/watch?v=T9MvEFcJyQw

我是 PHP 新手，需要一些帮助。

现在显示这些错误：

注意：未定义索引：第 6 行 C:\wamp64\www\register.php 中的 Nachname

注意：未定义索引：第 7 行 C:\wamp64\www\register.php 中的电子邮件

注意：未定义索引：第 8 行 C:\wamp64\www\register.php 中的 Geburtstag

注意：未定义索引：第 9 行 C:\wamp64\www\register.php 中的 Name der Schule

警告：mysql_num_rows() 期望参数 1 是资源，布尔值在第 18 行的 C:\wamp64\www\register.php 中给出

警告：array_push() 期望参数 1 为数组，在第 36 行的 C:\wamp64\www\register.php 中给出 null

这是我的 php 代码：

    <?php   

require "init.php";

$name = $_POST ["name"];
$name = $_POST ["surename"];
$email = $_POST ["Email"];
$birthdate = $_POST ["Geburtstag"];
$name = $_POST ["Name der Schule"];
$user_name = $_POST ["user_name"];
$password = $_POST ["password"];

$sql = "select * from user_info where email like '".$email."';";

$result = mysqli_query($con,$sql);
$respons = array();

if (mysql_num_rows ($result)>0) 
    {       
        $code = "req_faild";
        $message = "User already exist";
        array_push($response,array("code"=>$code, "message"=>$message));
        echo json_encode($response);
    }   
else
    {

        $sql = "insert into user_info values('".$name."','".$name."','".$email."','".$birthdate."','".$name."','".$user_name."','".$password."');";
        $result = mysqli_query($con,$sql);
        $code = "req_success";
        $message = "Thank your for register with us. NOw you can login.";
        array_push($response,array("code"=>$code, "message"=>$message));
        echo json_encode($response);        
    }   
mysqli_close($con);
?>

这是我的 html 代码：

<html>

<body>
<form action="register.php" method="post">
<table>
<tr>
<td>Name: </td><td><input type="text" name="name"/></td>
</tr>

<tr>
<td>Surename: </td><td><input type="text" name="name"/></td>
</tr>

<tr>
<td>Email: </td><td><input type="text" name="email"/></td>
</tr>

<tr>
<td>Birthday: </td><td><input type="text" name="birthday"/></td>
</tr>

<tr>
<td>Name of your School: </td><td><input type="text" name="name"/></td>
</tr>

<tr>
<td>User Name: </td><td><input type="text" name="user_name"/></td>
</tr>

<tr>
<td>Password: </td><td><input type="text" name="password"/></td>
</tr>

<tr>
<td><input type="submit" value="Register"/></td>
</tr>

</tanle>
</form>
</body>
</html>

谁能帮帮我？

【问题讨论】：

Nachname 甚至不在您显示的 PHP 代码中，因此 that 代码不会导致 that 错误。 // 当然，您的表单字段名称必须与您之后使用的键匹配，以尝试从 $_POST 数组中获取值。你有 f.e. name="birthday" 在您的表单中，但随后您尝试访问 $_POST ["Geburtstag"] ...您不能只翻译一半然后期望它仍然有效，应该很明显。
使用前请确保设置了值：mysql_num_rows：可以加：if(isset($result))
你能告诉我这里出了什么问题吗：if (mysql_num_rows ($result)>0)

标签： html json database

【解决方案1】：

<input type="text" name="name"/>

你在“name”属性中输入的名字就是php中要访问的名字。

因此，如果您的 HTML 名称属性是“test_input”，则可以在 PHP 中使用“$_POST['test_input']”或“$_GET['test_input']”（如果您形成 ist GET）来访问

你也只能定义一个变量一次！如果您第二次设置 $name，您将覆盖您的第一个声明。

https://www.php-einfach.de/php-tutorial/_get-und-_post/

【讨论】：

【解决方案2】：

确保您的 html 中的变量名称 name="birthdate" 是您在所有字段中的 $_POST ( $_POST['birthdate'] ) 中的键
我看不到 $con 与 mysqli_query 合作
在您的array_push 中，您有$response，但您在上面声明了$respons（缺少e）

【讨论】：