无法将地址传递给指针答案

【问题标题】：Can't pass address to pointer无法将地址传递给指针
【发布时间】：2014-04-10 15:24:19
【问题描述】：

我制作了一个简单的测试程序来访问和递增存储在内存地址中的 int，它运行正确，并在运行时输出 1，但是当我完成它时，我得到一个 warning 说以下内容：warning: passing argument 1 of ‘insert’ from incompatible pointer type 但是，我看不出问题出在哪里，因为我将一个地址传递给insert，它被声明为接受一个指针。

#include <stdio.h>

static void insert(int *nextfreeplace) {
        (*nextfreeplace)++;
        printf("%i\n", *nextfreeplace);

}
int main() {
        int * latestint = 0;
        insert(&latestint);
        return 0;
}

【问题讨论】：

标签： c pointers memory-address

【解决方案1】：

&latestint 是 int ** 而 insert() 需要 int *。
至于为什么正确运行，编译器将int **隐式转换为int *，所以latestint的地址传递给insert()，它的值为0，所以你得到巧合的输出。一张表格可以清楚地说明这一点。

+------------+------------+--------+-----------+
|  Address   |   Value    |  Type  |   label   |
+------------+------------+--------+-----------+
| 0x12345678 | 0x00000000 | int *  | latestint |
| whatever   | 0x12345678 | int ** | &latestint|
+------------+------------+--------+-----------+

【讨论】：

@AkshaiShah：它运行正常，因为你运气不好。但是编译器告诉你不要相信可执行文件！

【解决方案2】：

latestint 是一个指向 int 的指针。将其更改为int 类型。

【讨论】：

【解决方案3】：

在 C 语言中，指针是一个变量。和任何变量一样，每个指针都有一个类型。在您的代码中，变量“latestint”是“int”类型的指针：

int * latestint = 0;

值也有它们的类型（5 是 int，'a' 是 char，等等）。表达式“&latestint”是变量“latestint”的地址。这个地址是一个值（一个数字）。由于“latestint”是一个指针（一个包含另一个变量地址的变量），“&latestint”是一个指针（一个int指针）的地址，所以“&latestint”的类型是int**。

然后，当您将 &latestint 传递给函数“insert()”时，编译器会告诉您“&latestint”是 int** 类型，但函数“insert()”等待一个 int*。

您只需删除“latestint”声明中的“*”，然后“&latestint”的类型将为“int *”。

（你也可以修改“insert”，让它等待一个int**。我猜这不是你想做的，结果可能会令人惊讶）

【讨论】：