在 iOS 应用程序中启动 url 而不是启动屏幕

Question

在我的基于 IOS 网络的应用程序中，每次用户打开具有 url 的应用程序时，我都需要启动一个动画，而不是下面的这个启动屏幕：

     - (BOOL)application:(UIApplication *)application didFinishLaunchingWithOptions:(NSDictionary *)launchOptions {



           LaunchViewController * lvc = [[LaunchViewController alloc] initWithNibName:@"LaunchViewController" bundle:nil];

           glaunchOptions = launchOptions;

           .
           .
           .
}

    - (BOOL)application:(UIApplication *)application handleOpenURL:(NSURL *)url
    {
        NSLog(@"This is the URL" , url) ;

        BeepViewController * lvc = [[BeepViewController alloc] initWithNibName:@"BeepViewController" bundle:nil];
        UINavigationController *navVC = (UINavigationController *)self.window.rootViewController;
        if (navVC) {
            [navVC pushViewController:lvc animated:NO];
        }
        [self.window makeKeyAndVisible];
        return YES ;
    }

open url 功能用于通过按下基于 Web 的按钮在我的应用程序中打开页面。 例如，我的网址是：name.mobi/app/yyy.html 有什么帮助吗？

Answer 1

尝试阅读有关 Objective-C 的模式：自定义 URL 方案。

您应该使用此方法来处理来自 URL 的打开应用程序：

- (BOOL)application:(UIApplication *)application handleOpenURL:(NSURL *)url {
    // handler code here
}

您可以使用这种方式显示屏幕：

UIStoryboard *storyboard = [UIStoryboard storyboardWithName:@"Main" bundle:nil];
UINavigationController *root = [[UINavigationController alloc]initWithRootViewController:[storyboard instantiateViewControllerWithIdentifier:@"BeepViewController"]];
self.window.rootViewController= root;

要打开 URL 使用这个 sn-p:

[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"http://www.path.com"]];