模板函数查找失败答案

【问题标题】：Failing the template function lookup模板函数查找失败
【发布时间】：2011-02-09 16:26:42
【问题描述】：

考虑以下示例。

#include <iostream>
#include <boost/optional.hpp>

template < typename A >
int boo( const boost::optional< A > &a );

template < typename A >
int foo( const A &a )
{
    return boo( a );
}

template < typename A >
int boo( const boost::optional< A > & )
{
    return 3;
}


int main()
{
    std::cout << "foo = " << foo( 3 ) << std::endl;
    std::cout << "boo = " << boo( 3 ) << std::endl;
}

使用 g++ 4.3.0 编译它会引发下一个编译错误：

dfg.cpp: In function ‘int main()’:
dfg.cpp:25: error: no matching function for call to ‘boo(int)’
dfg.cpp: In function ‘int foo(const A&) [with A = int]’:
dfg.cpp:24:   instantiated from here
dfg.cpp:12: error: no matching function for call to ‘boo(const int&)’

我应该做些什么不同的事情（如果可能的话，参考 C++ 标准）？为什么会发生，我该如何解决？

编辑

解决方法是在foo 中创建正确的类型：

template < typename A >
int foo( const A &a )
{
    const boost::optional< A > optA( a );
    return boo( optA );
}

但问题仍然存在：为什么它不是自动创建的？

【问题讨论】：

标签： c++ templates language-lawyer

【解决方案1】：

return boo( a );

这里a 的类型是int，并且没有名称为boo 的函数接受int 类型的参数。因此你会看到这个错误：

dfg.cpp:25: 错误：没有匹配调用“boo(int)”的函数

即使int 可以隐式转换为boost::optional<int>，编译器也无法从调用站点推导出boost::optional<T> 的模板参数。这是您明确需要将类型提及为的非推断上下文之一，

   return boo<A>(a);

标准在 $14.8.2.1 中说，

如果没有使用模板参数 a 的任何函数参数函数模板，或仅用于一个非推断的上下文，它的相应的模板参数不能从函数调用中推导出来模板参数必须是明确指定。

【讨论】：

是的，但是应该创建 boost::optional，不是吗？

【解决方案2】：

要解决这个问题，你需要在调用boo时明确指定类型，即

return boo<A>( a );

和

std::cout << "boo = " << boo<int>( 3 ) << std::endl;

编辑：删除我的解释，这是垃圾，纳瓦兹的解释更好..

【讨论】：

【解决方案3】：

您假设因为 optional<int> 有一个来自 int 的隐式构造函数，编译器应该知道这是您尝试创建的类型。

模板类型推论不延伸至此。

您可以编写自己的 boo 模板，其中包含可选作为概括的模板

template< typename A > int boo( const A& a );
template < typename A >
int boo( const boost::optional< A > & )
{
    return 3;
}

template < typename A >
int boo( const A & a )
{
    return boo<A>(boost::optional(a)); // allows implicit conversion
}

【讨论】：