带有 std::if_enabled_t 参数的模板函数的完全专业化

Question

我正在尝试编写一个函数，该函数为所有非枚举类型实现一般行为，为所有枚举类型实现一般行为，然后能够通过完全专门化来专门化某些类型的特定行为功能。到目前为止，这是我的代码：

// Func.h

#include <cstdio>
#include <type_traits>

template <typename T, std::enable_if_t<!std::is_enum<T>{}>* = nullptr >
void Func()
{
    printf("General case\n");
}

template <typename T, std::enable_if_t<std::is_enum<T>{}>* = nullptr >
void Func()
{
    printf("enum\n");
}

template <>
void Func<bool>()
{
  printf("bool\n");
}


// main.cpp
#include <Func.h>

enum Enum
{
    A,
    B
};

int main()
{
  Func<float>();
  Func<Enum>();
  Func<bool>();
}

它无法编译，我真的不知道如何正确处理。如果我让专门的原型在上面的代码中，我得到这个链接错误：

error LNK2005: "void __cdecl Func<bool,0>(void)" (??$Func@_N$0A@@@YAXXZ) already defined in main.obj

如果我制作专用原型 template<> void Func<bool, nullptr>()，我会收到以下编译错误：

error C2912: explicit specialization 'void Func<bool,nullptr>(void)' is not a specialization of a function template

这些测试是使用带有 c++14 标准的 Visual Studio 2015 编译器完成的

我不知道从哪里开始，任何帮助将不胜感激

Answer 1

您收到链接错误，因为Func<bool>() 是在包含在多个编译单元中的头文件中定义的。解决方法很简单：把inline放在void Func<bool>()之前：

template<>
inline void Func<bool>()
{
    // ...
}

函数模板隐含为inline，但函数和显式模板特化为are not。如果在头文件中定义，则应标记为inline。