基本模板继承成员，减少所需的类型

Question

我有一个社区已经知道的问题（可以找到最完整的答案之一here），但我想知道是否有办法让编译器了解您想要访问 base无需使用typedef 或this 的模板成员如下：

#include <iostream>

template<typename T>
struct Base{
  T a;
  T a2;
};

template<typename T1, typename T2>
struct Derived : Base<T2>{
  T2 b;

  void member_fnc();
};

template<typename T1, typename T2>
void Derived<T1,T2>::member_fnc(){
  typedef Base<T2> base;
  std::cout << "a = " << base::a << std::endl;    // or this->a;
  std::cout << "a2 = " << base::a2 << std::endl;  // or this->a2;                     
  std::cout << "b = " << b << std::endl;
}

int main(){

  Derived<int,double> der1;
  der1.a = 1;
  der1.a2 = 2;
  der1.b = 1.1;
  der1.member_fnc();

}

我有这种感觉，应该有一种方法可以说编译器要访问基本模板 Base<T2>，而不必为要访问的每个成员键入它或包含 using，因为您可以使用 @ 取消嵌套命名空间987654327@关键字，但我目前找不到。有可能吗？

Answer 1

为什么不：

template<typename T1, typename T2>
struct Derived : Base<T2>{
  typedef Base<T2> base;
  using base::a;
  using base::a2;

  T2 b;
  void member_fnc();
};

template<typename T1, typename T2>
void Derived<T1,T2>::member_fnc(){
  std::cout << "a = " << a << std::endl;    // or this->a;
  std::cout << "a2 = " << a2 << std::endl;  // or this->a2;                     
  std::cout << "b = " << b << std::endl;
}