C++-14 使用 enable_if_t 选择以整数类型为模板的类的成员函数

Question

我正在尝试基于一个完整的类模板参数启用不同的成员函数，如下所示：

#include <type_traits>

template<int Dimension>
struct Foo
{
    template<std::enable_if_t<Dimension == 1> = 0>
    int bar(int i) const { return i; }

    template<std::enable_if_t<Dimension == 2> = 0>
    int bar(int i, int j) const { return i + j; }
};

int main(int argc, const char **argv)
{
    Foo<1> a;
    a.bar(1);

    Foo<2> b;
    b.bar(1,2);

    return 0;
}

在c++-14模式下使用gcc5编译失败，报以下错误：

tools/t1.cpp: In instantiation of 'struct Foo<1>':
tools/t1.cpp:18:12:   required from here
tools/t1.cpp:13:9: error: no type named 'type' in 'struct std::enable_if<false, int>'
     int bar(int i, int j) const { return i + j; }
         ^
tools/t1.cpp: In instantiation of 'struct Foo<2>':
tools/t1.cpp:21:12:   required from here
tools/t1.cpp:10:9: error: no type named 'type' in 'struct std::enable_if<false, int>'
     int bar(int i) const { return i; }

这些似乎表明 SFINAE 没有达到我的预期，因为 enable_if_t 似乎工作正常。

在这个简单的例子中，重载也可以，但在我的实际用例中，我需要隐藏函数以防止意外使用和/或编译错误，具体取决于具体情况。

我在这里缺少 SFINAE 什么？

Answer 1

在模板参数推导过程中发生替换失败并不是一件容易的事。

另外，enable_if_t<true> 是 void，您不能有 void 模板非类型参数。

使用默认模板参数延迟评估：

template<int Dimension>
struct Foo
{
    template<int..., int I = Dimension, std::enable_if_t<I == 1, int> = 0>
    int bar(int i) const { return i; }
    // etc.
};

未命名的参数 packint... 防止尝试显式指定 I。