如何在 AWS Elastic Beanstalk 上配置我的 WSGI 应用程序的名称？答案

【问题标题】：How do I configure the name of my WSGI application on AWS Elastic Beanstalk?如何在 AWS Elastic Beanstalk 上配置我的 WSGI 应用程序的名称？
【发布时间】：2015-03-18 20:35:52
【问题描述】：

我的 Python Web 应用程序名为 app

# example.py
import flask

app = flask.Flask(__name__.split('.')[0])

当我尝试在 AWS-EB 上使用

# run.py (set correctly with WSGIPath)
from example import app

if __name__ == "__main__":
    app.run()

我明白了

mod_wsgi (pid=22473): Target WSGI script '/opt/python/current/app/run.py' 
    does not contain WSGI application 'application'.

如何告诉 AWS 我的应用程序实例名为 app？

【问题讨论】：

是的，很好的参考资料（但其中一些对我不起作用；请参阅我的相关问题）。
如果基本答案对您不起作用，您应该解释您尝试过的方法以及为什么它在您的问题中不起作用。这样以后遇到同样问题的读者就能完全理解答案。

标签： python amazon-web-services configuration amazon-elastic-beanstalk

【解决方案1】：

虽然可以配置 WSGIPath。 Beanstalk 仍然希望 app 变量被命名为“应用程序”。

小型单文件python应用程序的简单解决方法可以是

from flask import Flask

app = Flask(__name__)
application = app # For beanstalk

您可以保持其余代码不变。你只需要添加那一行application = app

【讨论】：

【解决方案2】：

mod_wsgi 需要名为 application 的变量。尝试做这样的事情

from example import app as application

注意：不要使用application.run()。不需要。

【讨论】：

哇，AWS 所需要的只是一个名为application 的实例； run.py 的全部内容可能是那个单一的导入，对吗？
事实上，是否正确地说 AWS（不像 Heroku）根本不需要 run 脚本，只需要一个文件定义了名为application 的实例。
通常出于开发目的，带有应用程序的模块在文件底部的 if name == 'main' 部分中包含 app.run() .好的做法是创建导入应用程序的 .wsgi 文件。
是的，明白了（固定在上面）；但是在 AWS 上为我处理运行是否正确（'run.py' 刚刚导入）所以我只需要 define application （在 AWS 识别为 WSGIPath 的文件中)? （我可以用__name__=='__main__' 的单个文件来实现它；但我只是想知道我有一个不同的AWS 文件的情况；所有需要的只是定义，对吧？）
here's a good blog entry explaining how to deal with application.