发生错误：org.json.JSONException: End of input at character 3 当我将 JSON 发送到 WEB SERVER答案

【问题标题】：Error occured: org.json.JSONException: End of input at character 3 When I send JSON TO WEB SERVER发生错误：org.json.JSONException: End of input at character 3 当我将 JSON 发送到 WEB SERVER
【发布时间】：2017-10-16 14:10:21
【问题描述】：

我正在从 android 向 Web 服务器发送 JSON 数据。我有数组列表 CURRENCY_RATE_LST，我想将它发送到服务器。下面是我的代码

安卓代码：

    for(int i=0;i<currency_rate_lst.size();i++)
    {
        try
        {
            currency_rate_JSON .put(""+currency_code_lst.get(i), currency_rate_lst.get(i));
        }
        catch (JSONException e) 
        {
            e.printStackTrace();
            Log.e("JSON ENCODIG ERROR ",""+e.getMessage());
        }
    }

        final JSONObject JSON = new JSONObject();
        try 
        {
            JSON.put("currency_rate_JSON", currency_rate_JSON);
        } catch (JSONException e1) {
            // TODO Auto-generated catch block
            e1.printStackTrace();
        }

         AsyncTask<Void, Void, String> task = new AsyncTask<Void, Void, String>() 
            {
                String message="Nothing happend";
             @Override
             protected String doInBackground(Void... params) 
                {

              InputStream is=null;
              String result=null;
               ArrayList<NameValuePair> nameValuePairs = new ArrayList<NameValuePair>(5);
               nameValuePairs.add(new BasicNameValuePair("currency_rate_json",""+String.valueOf(JSON)));
              '
              '
              .
               }

PHP 代码：

//Receive JSON
 $JSON_Received = $_POST["currency_rate_json"]; 
 //Decode Json
 $obj = json_decode($JSON_Received, true);
  foreach ($obj['currency_rate_JSON'] as $key => $value) 
    {
        //echo "<br>------" . $key . " => " . $value;

       $currency_rate=$value;
       $currency_code=$key;

  //$con=$GLOBALS['con'];

  $sql2="UPDATE  `pirzawbh_currency_exchange`.`latest_currency_rate_table` SET currency_rate = '$currency_rate' 
  WHERE `latest_currency_rate_table`.`currency_code` ='$currency_code';";

 if (!mysql_query($sql2, $con))
 {
//echo "\n =".mysql_error($con);
  //  echo"\n errro occured";

  }
//else
    //echo"\n Updated row id = ".$rowID." Successfuly";;

 }

【问题讨论】：

我看到了 php 方面的几个问题。我不是 android 工程师，所以如果没有你的输出示例，我不能说那一方是否正在构建正确的 json。
@Randall 兄弟有什么问题，你可以告诉我
你能把print_r($_POST);添加到你的php顶部来调试post中的内容吗？
删除了我的答案，因为我相信我认为您的 json 对象格式有误。对不起。由于我也不知道 android 代码，所以我会走开并停止处理您的问题；）

标签： php android mysql json

【解决方案1】：

我自己找到了解决方案，只需更改此行

 nameValuePairs.add(new BasicNameValuePair("currency_rate_json",""+String.valueOf(JSON)));

到

nameValuePairs.add(new BasicNameValuePair("currency_rate_json",""+currency_rate_JSON.toString()));

【讨论】：