Android中的JSON异常与服务器端的PHP代码答案

【问题标题】：JSON Exception in Android with PHP code in server sideAndroid中的JSON异常与服务器端的PHP代码
【发布时间】：2023-03-04 08:54:01
【问题描述】：

我正在尝试在 Android Studio 中制作一个基本的注册/登录应用程序。我正在使用 php 和 Web 服务器。我有两个 php 文件，Register.php 和 Login.php，所以我想注册一个用户并将输入的信息存储在 mysql 服务器中。当我在 android 应用程序中输入信息并按注册按钮时，我收到此错误：

JSONException: Value <html><body><script of type java.lang.String cannot be converted to JSONObject

这是我的 register.php 文件

<?php

    $con = mysqli_connect("raps.byethost7.com", "****", "****", "****");

    $name = $_POST["name"];
    $last_name = $_POST["last_name"];
    $e_mail = $_POST["e_mail"];
    $password = $_POST["password"];
    $statement = mysqli_prepare($con, "INSERT INTO user (name, last_name, e_mail, password) VALUES (?, ?, ?, ?)");
    mysqli_stmt_bind_param($statement, "siss", $name, $last_name, $e_mail, $password);
    mysqli_stmt_execute($statement);

    $response = array();
    $response["success"] = true;  

    echo json_encode($response);
?>

这里是活动的java文件：

public class SignupActivity extends AppCompatActivity {

    @Override
    protected void onCreate(Bundle savedInstanceState) {
        super.onCreate(savedInstanceState);
        setContentView(R.layout.activity_signup);
        Toolbar myToolbar = (Toolbar) findViewById(R.id.my_toolbar);
        setSupportActionBar(myToolbar);


        final EditText ETname = (EditText) findViewById(R.id.name);
        final EditText ETlast_name = (EditText) findViewById(R.id.last_name);
        final EditText ETe_mail = (EditText) findViewById(R.id.e_mail);
        final EditText ETpassword = (EditText) findViewById(R.id.password);

        final Button bSignup = (Button) findViewById(R.id.signupButton);


        bSignup.setOnClickListener(new View.OnClickListener() {
            @Override
            public void onClick(View v) {

                final String name = ETname.getText().toString();
                final String last_name = ETlast_name.getText().toString();
                final String e_mail = ETe_mail.getText().toString();
                final String password = ETpassword.getText().toString();

                Response.Listener<String> responseListener = new Response.Listener<String>()
                {
                    @Override
                    public void onResponse(String response) {

                        try {
                            JSONObject jsonResponse = new JSONObject (response);
                            boolean success = jsonResponse.getBoolean("success");

                            if(success){
                                Intent intent = new Intent(SignupActivity.this,LoginActivity.class);
                                SignupActivity.this.startActivity(intent);
                            }
                            else {
                                AlertDialog.Builder builder = new AlertDialog.Builder(SignupActivity.this);
                                builder.setMessage("Register Failed!").
                                        setNegativeButton("Retry",null).create().show();
                            }

                        } catch (JSONException e) {
                            e.printStackTrace();
                        }


                    }
                };

                RegisterRequest registerRequest = new RegisterRequest(name,last_name,e_mail, password,responseListener );
                RequestQueue queue = Volley.newRequestQueue(SignupActivity.this);
                queue.add(registerRequest);
            }
        });


    }


}

我已经为此工作了几个小时，所以请帮助我。

【问题讨论】：

可能重复：stackoverflow.com/questions/10267910/… ?
是服务器端的问题还是android studio中的java代码
服务器端问题，php返回html标签而不是json
永远不要存储纯文本密码！请使用 PHP 的 built-in functions 来处理密码安全问题。如果您使用的 PHP 版本低于 5.5，您可以使用 password_hash() compatibility pack。在散列之前，请确保您 don't escape passwords 或对它们使用任何其他清理机制。这样做会更改密码并导致不必要的额外编码。

标签： php android mysql

【解决方案1】：

您的 PHP 脚本抛出异常并向客户端返回 HTML，而客户端无法解析 html。此处出现异常：
mysqli_stmt_bind_param($statement, "siss", $name, $last_name, $e_mail, $password);

您正在为字符串值传递参数“i”。 You should replace 'i' with 's' 现在你的绑定语句将是mysqli_stmt_bind_param($statement, "ssss", $name, $last_name, $e_mail, $password);

同时处理连接失败并以错误状态返回成功。欲了解更多详情，请访问

http://www.w3schools.com/php/php_mysql_prepared_statements.asp

http://php.net/manual/en/mysqli.quickstart.prepared-statements.php

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