如何将未来转移到 lambda 表达式中

Question

我正在使用 Visual Studio 2013，我想实现这行代码

 f = p.get_future();
 auto task =[f = std::move(f)](){
   //use f
 };

我知道解决方案 here，但不幸的是，这在 VS2013 下无法编译（error C2558 no copy-constructor available）。

Answer 1

您可以使用shared_future。这是最简单的。

但是，这并不能帮助您移动。如果您确实需要移动，我们可以借助 move_helper 函数和类来完成：

template<class T, class F=void>
struct move_helper_t {
  T t;
  F f;
  template<class...Args>
  auto operator()(Args&&...args)
  ->typename std::result_of< F&(T&, Args...) >::type
  {
    return f(t, std::forward<Args>(args)...);
  }

  // force right-associativity of `->*`, and
  // invert the stack to get the arguments in the "right" order:
  template<class F1,
    class R0=move_helper_t< T, typename std::decay<F1>::type >
  >
  auto operator->*(F1&& f1)
  -> decltype(
    std::declval<F>()->*
    std::declval<R0>()
  )
  {
    return
      std::move(f)->*
      R0{ std::forward<T>(t), std::forward<F1>(f1) };
  }
};
template<class T>
struct move_helper_t<T,void> {
  T t;
  template<class F>
  auto operator->*(F&& f)
  -> move_helper_t<T, typename std::decay<F>::type>
  {
    return {std::forward<T>(t), std::forward<F>(f)};
  }
};

template<class T>
move_helper_t<std::decay_t<T>>
move_helper( T&& t ) {
  return {std::forward<T>(t)};
}

在 MSVC 2013 中，您可能必须在 move_helper_t 中声明一个构造函数。我不记得他们的return {} 代码写得有多好。

f = p.get_future();
task =
  move_helper(std::move(f)) ->*
  [](std::future<int>& f){
    //use f
  };

->* 将move_helper 绑定到 lambda。然后它返回一个可调用对象，该对象将在调用时作为第一个参数传递std::future<int>&。

由于它的编写方式，您甚至可以将其链接起来：

auto f = p.get_future();
auto f2 = p2.get_future();
task =
  move_helper(std::move(f)) ->*
  move_helper(std::move(f2)) ->*
  [](std::future<int>& f, std::future<char>& f2){
    //use f
  };

将多个参数移入 lambda。

在这两种情况下，task 都可以由task() 调用——->* 操作将 lambda 绑定起来并在调用时传递期货。

Live example.

请注意，这解决了将未来移动到 lambda 中的问题。如果您想将 lambda 存储在 std::function 中，这对您没有帮助，因为函数必须是可复制的。

template<class F>
struct shared_function {
  std::shared_ptr<F> pf;
  template<class ...Args>
  typename std::result_of<F&(Args...)>::type
  operator()(Args&&...args) const {
   return (*pf)(std::forward<Args>(args)...);
  }
};
template<class F,
  class dF=typename std::decay<F>::type
>
shared_function< dF >
make_shared_function( F&& f ) {
  return {std::make_shared<dF>(std::forward<F>(f))};
}

这需要一个可移动的 lambda 并将其包装在一个共享指针中并为您公开operator()。但是首先通过上述技术将 future 移动到 lambda 中，然后将该 lambda 包装在共享函数中以将其传递给 std::function 是荒谬的：首先使用 shared_future。

顺便说一句，理论上，packaged_task 只需要移动，但我不确定 MSVC2013 是否支持该要求。