PHP：只能通过引用传递变量答案

【问题标题】：PHP: Only variables can be passed by referencePHP：只能通过引用传递变量
【发布时间】：2013-06-21 05:00:52
【问题描述】：

我在第 57 行收到此错误：$password = str_replace($key, $value, $password, 1);

据我所知，我只是传递变量。以下是更多上下文：

$replace_count = 0;
foreach($replacables as $key => $value)
{
    if($replace_count >= 2)
        break;
    if(strpos($password, $key) !== false)
    {
        $password = str_replace($key, $value, $password, 1);
        $replace_count++;
    }

}

【问题讨论】：

str_replace 可以带数组..你不需要循环
来自手册：“如果通过，这将设置为执行的替换次数”。这意味着函数会更新第四个参数的值。您只需指定变量名称作为参考。
PHP: "... variables can be passed by reference" in str_replace()? 的可能重复项

标签： php pass-by-reference

【解决方案1】：

在那里传递1 毫无意义。（为什么不传递42 或-5？）str_replace 的第四个参数仅用于将信息返回给您。该函数完全不使用变量的原始值。那么，如果不使用某些东西，并且您不会使用发回给您的新值，那么传入某些东西（即使允许）又有什么意义呢？该参数是可选的；根本不通过任何东西。

【讨论】：

没错，这是一个常见的错误，认为第四个参数是设置替换的数量。正如文档所说：count: If passed, this will be set to the number of replacements performed.

【解决方案2】：

您不能传递 1 的常量，解决方法是将其设置为变量。

变化：

$password = str_replace($key, $value, $password, 1);

到：

$var = 1
$password = str_replace($key, $value, $password, $var);

更新：更改为根据 cmets 中的反馈在方法调用之外声明变量。

【讨论】：

str_replace($key, $value, $password, $var = 1); 也不正确，使用str_replace($key, $value, $password, $var);。否则你会得到Strict Standards: Only variables should be passed by reference in......
@bystwn22 谢谢，我在本地没有这些设置，所以永远不会看到这个错误。我更新了答案