我的 PHP 有什么问题？答案

【问题标题】：What is wrong with my PHP?我的 PHP 有什么问题？
【发布时间】：2013-06-29 00:27:18
【问题描述】：

我是 PHP 新手，我看了一个关于 SQL 和 PHP 的教程，并制作了这些文件：

插入_news.php：

    require_once __DIR__ .'/db_connect.php';

    $sql = "INSERT INTO news ( descriere, data, autor) VALUES (?, ?, ?)" ;
    $params = array("The description", "12/11/2011", "COsmin");


    $serverName = "my server";
    $connectionInfo = array( "Database"=>"myusername", "UID"=>"myusername", "PWD"=>"mypassword");

    $conn = sqlsrv_connect($serverName, $connectionInfo );
    $stmt = sqlsrv_query( $conn , $sql, $params );

    if( $stmt == false ) {
        echo("NOT");
        die( print_r( sqlsrv_errors(), true));
    }

?>

这段代码似乎运行良好。

现在我的问题是我想创建一个类，使与数据库的连接更容易。代码如下：

db_connect.php

<?php
class DB_CONNECT {
    function __construct(){
        $this->connect();
    }

    function __Destruct(){
        $this->close();
    }

    function connect() {
        $serverName = "my server";
        $connectionInfo = array( "Database"=>"my db", "UID"=>"my user", "PWD"=>"my pass" );

        $con = sqlsrv_connect($serverName, $connectionInfo );
                return $con;
    }
    function close(){
        sqlsrv_close();
    }
}
?>

如果我想像这样从我的 insert_new.php 文件中调用这个类：

    <?php

    require_once __DIR__ .'/db_connect.php';

    $sql = "INSERT INTO Stiri ( descriere, data, autor) VALUES (?, ?, ?)" ;
    $params = array("ASta e o stvnmbvire aduagata printr-un web service php", "12/11/2011", "COsn");

    $conn = new DB_CONNECT() ;
    $stmt = sqlsrv_query( $conn , $sql, $params );

    if( $stmt == false ) {
        echo("NU");
        die( print_r( sqlsrv_errors(), true));
    }
?>

当我尝试这个时，我的服务器返回给我：

警告：sqlsrv_query() 期望参数 1 是资源，在第 9 行的 C:\xampp\htdocs\android_connect\insert_news.php 中给出的对象 NUArray ( [0] => Array ( [0] => IMSSP [SQLSTATE] => IMSSP [1] => -14 [code] => -14 [2] => 传递给 sqlsrv_query 的参数无效。[消息] => 向 sqlsrv_query 传递了一个无效参数。))

我提到我使用 XAMPP 编译 php 文件，数据库是 SQL Server 2005... 对不起，如果我把你的时间浪费在我的傻事上......

【问题讨论】：

标签： php sql xampp

【解决方案1】：

似乎您并没有真正连接到数据库。

这是你的问题

$conn = new DB_CONNECT();
$stmt = sqlsrv_query( $conn , $sql, $params );

$conn 在这里不是一个连接，它只是一个 DB_CONNECT 对象。您需要调用connect() 方法来获得连接。所以试试这个：

$conn = new DB_CONNECT();
$stmt = sqlsrv_query( $conn->connect() , $sql, $params );

【讨论】：

【解决方案2】：

您将自定义对象提供给函数 sqlsrv_query 而不是数据库实例。在您的课程中，您应该将 $con 变量设为公共属性，如下所示：

class DB_CONNECT {
    public $con = false;
    function __construct(){
        $this->connect();
    }

    function __Destruct(){
        $this->close();
    }

    function connect() {
        $serverName = "my server";
        $connectionInfo = array( "Database"=>"my db", "UID"=>"my user", "PWD"=>"my pass" );

        $this->con = sqlsrv_connect($serverName, $connectionInfo );
                return $con;
    }
    function close(){
        sqlsrv_close();
    }
}

并将此属性赋予您的查询函数，如下所示：

if($conn->con) {
   $stmt = sqlsrv_query( $conn->con , $sql, $params );
} else {
   // error
}

【讨论】：