TypeScript 中的别名外部模块

Question

我正在做一个项目，我想将我的源代码打包到多个模块中（在不同的文件中）。我这样做是为了在某些页面上只包含某些部分以减轻整体重量。

我遇到的问题是我想不出一种语法可以让我给外部模块起别名，而且我真的不想每次都写出完整的模块（因为它通常类似于ABCD 用于组织）。

当我编译时，我有一个抓取所有文件的脚本，所以我将外部定义文件作为第一个参数。

如果我写出整个模块 (A.B.C.D.MyClass)，它会识别出来。如果我尝试这样做：

module MyModule {
    import ABCD = A.B.C.D;

    export MyClass {
        //...
        public myFunc(obj:ABCD.MyClass) {}
    }
}

它会告诉我'The name "ABCD" does not exist in the current scope."'

如果重要，我会导出我的所有类，但不导出任何模块。我生成了包含的定义文件（所以在我编译时包含 A.B.C.D 的定义文件在我的列表中是第一个）。

有什么想法吗？

更新

为了详细说明我的文件结构，我有这样的东西：

• 一个
  • 乙
    • a.ts
    • b.ts
  • C
    • c.ts
    • d.ts

然后在其他地方我也可能有：

• 一个
  • D
    • e.ts
    • f.ts
    • E
      • g.ts
      • h.ts

在这种情况下，我会将第一个集合构建成类似于 A.B.ts 的内容，方法是使用以下内容编译它们：

tsc A/B/a.ts A/B/b.ts A/B/C/c.ts A/B/C/d.ts --out A.B.ts --declarations

然后，当我去打包下一个时，我会做类似的事情：

tsc /path/to/A.B.d.ts A/D/e.ts A/D/f.ts A/D/E/g.ts A/D/E/h.ts --out A.D.ts --declarations

我通过递归一组我指定的文件来动态构建这些编译器命令，以便它获取那些编译器的东西。

Answer 1

如果您将模块打包到多个文件中以便使用 AMD 模块加载模式加载它们，您需要执行以下操作...

文件名就是模块名，不要加module声明

例如...

module MyModule {
    export class MyClass {
    }
}

实际上应该是MyModule.ts，看起来像这样：

export class MyClass {
}

然后您将使用以下方式加载它：

import my = module('MyModule');

我认为您目前正在尝试将 TypeScript 代码的捆绑样式与加载的模块样式混合，这是不兼容的。捆绑时，文件名无关紧要，因为您负责在页面上获取脚本。当您使用 AMD 或 CommonJS 时，您需要遵守文件命名规则（即文件名等于模块名）并省略封闭的module。

附带说明，0.8.1.1 中存在一个影响此问题的错误，因此如果您使用的是 0.8.1.1，则可能需要仔细阅读：http://typescript.codeplex.com/discussions/405800