如果 uint8_t 存在，uint8_t* 是否等同于 unsigned char*？ [复制]

Question

如果uint8_t 存在，指向uint8_t 的指针是否等同于指向unsigned char 的指针？意味着它可以用于访问任何对象，并且在访问不同的对象时不会导致UB。我知道这条规则：

int intVar=0;
unsigned char *charPtr=&intVar; //completely valid and does not cause UB
printf("%X ",*charPtr); //this is also valid and does not cause UB

struct SomeStruct_T structVar={};
int *intPtr=&structVar; //This causes UB

但是这个呢：

int intVar=0;
uint8_t *uint8Ptr=&intVar; //Is this valid?
printf("%X ",*uint8Ptr);   //If yes, is this also valid?

带有-Wincompatible-pointer-types 的GCC 会发出关于unsigned char *charPtr=&intVar; 和uint8_t *uint8Ptr=&intVar; 的警告，但使用演员表时，此警告就会消失。这没有回答问题。 uint8_t * 可能与unsigned char * 不同的系统可能没有，但标准是怎么说的？

这个问题是关于指向unsigned char 或uint8_t 的指针类型，而不是关于数据类型unsigned char 或uint8_t 本身。 unsigned char * 的一些基本属性可能适用于uint8_t *，也可能不适用于uint8_t *，例如能够访问任何与unsigned char 类型本身无关的对象。因此，这个问题不是链接的question 的重复。链接的问题也是关于C++的，但我不问C++，我的问题是关于C的。请不要将此问题标记为链接问题的重复，因为问题肯定不一样。

Answer 1

证明：

标准断言sizeof(unsigned char) 是1。

标准断言没有小数大小。

标准不允许uint8_t 有填充位。

标准不允许unsigned char 有填充位。

因此：

根据鸽巢原则，uint_8 中不能有两个 unsigned chars。

uint_8 的大小必须为 1。

因此定义了unsigned char 到uint8_t 或uint8_t 到unsigned char 的位传送。

但是，您的代码并不完全有效，因为当您将指向 int 的指针转换为指向 unsigned char 的指针时，您采用了字节序依赖关系。在 C 中，指针转换是可传递的，除非将函数指针转换为非函数指针或从函数指针转换为非函数指针，因此我们可以分析一下，就好像您直接从 int * 转换为 unsigned char *。*

^{*这仅适用于演员表。通过 union 或 memcpy 进行 Blitting 可以解决这个问题。}