如何制作可以包装任何函数的函数包装器？答案

【问题标题】：How to make a function wrapper that can wrap any function?如何制作可以包装任何函数的函数包装器？
【发布时间】：2020-08-31 12:20:51
【问题描述】：

#include <iostream>
#include <string>

template<typename Func>
class FuncWrapper {
    Func func;
    std::string name;

public:

    FuncWrapper(Func func, std::string name) : func(func), name(std::move(name)) {}

    template<typename ...Args>
    auto operator()(Args ...args) {
        std::cout << "Entering " + name + '\n';
        auto ret = func(args...);
        std::cout << "Exiting " + name + "\n\n";
        return ret;
    }
};

template<typename Func>
auto makeFuncWrapper(Func func, std::string name) {
    return FuncWrapper<Func>(func, name);
}

int main() {

    auto helloWorld = []() { std::cout << "Hello World\n"; };
    auto addTwoNums = [](int a, int b) { std::cout << "Adding numbers...\n"; return a + b; };

    // makeFuncWrapper(helloWorld, "helloWorld")(); // error: 'void ret' has incomplete type.
    std::cout << makeFuncWrapper(addTwoNums, "addTwoNums")(4, 5) << '\n';

}

此类FuncWrapper 工作正常，并为传递的函数添加了额外的功能，直到传递的函数是返回void 的函数。我收到ret 的类型不完整的错误。即使使用返回类型为void 的函数，还有其他方法可以使它工作吗？我知道我不能有void 变量，但在这里，ret 的唯一目的是在函数完成后返回，并且不会以错误的方式使用它。是否有解决方案或一些解决方法使其工作？有没有更好的方法来实现包装任何函数的函数包装器？

【问题讨论】：

取决于 ypu 使用什么标准，您要么创建一个 SFINAE 方案，要么使用 if constrexpr 与“包装器”周围的“包装器”，这将为无效和非无效结果提供服务。另外，如果您想接受其他 callable ，例如lsmbdas，您也必须单独为它们服务。你的包装看起来像std::invoke，它的样板代码很大。
注意：lambda表达式的结果不是一个函数，它是一个定义了operator()的类类型的实例。

标签： c++ templates wrapper void

【解决方案1】：

您可能会使用 Raii：

template<typename ...Args>
auto operator()(Args ...args) {
    struct EndScope {
        std::string& name;
        ~EndScope() { std::cout << "Exiting " + name + "\n\n"; }
    } endScope(name);

    std::cout << "Entering " + name + '\n';
    return func(args...);
}

您可以通过std::uncaught_exceptions 进一步处理异常

见raii-way-to-get-errors-that-are-caught-during-destruction

【讨论】：